2018年扬州市中考物理模拟冲刺真题【精编Word版含答案解析】

2018年扬州市中考物理模拟冲刺真题【精编Word版含答案解析】

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一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项正确）

1．（2分）为了让同学们养成关注生活和社会的好习惯，物理老师让同学们对身边一些常见的物理量进行估测。以下是他们交流时的一些估测数据，你认为数据最接近实际的是（　　）

A．人体正常体温约为42℃

B．学生书桌高约为200mm

C．中学生的脉搏跳动一般每分钟约75次左右

D．在中学生运动会百米赛跑中，获得冠军的运动员的平均速度可达15m/s

2．（2分）如图所示的光现象中，与小孔成像的原理相同的是（　　）

A．

钢笔“错位”

B．

茶杯在镜中的“倒影”

C．

水中筷子“变弯”

D．

屏幕上的“手影”

3．（2分）下列物态变化过程中，需要吸热的是（　　）

A．初春，早晨河面结有薄冰

B．夏天，打开冰棍纸看到“白气”

C．深秋，屋顶的瓦上结了一层霜

D．冬天，冰冻的衣服逐渐变干

4．（2分）人类对能源的需求日益增加，需要发展新能源。下列能源中属于新能源的是（　　）

A．煤              B．太阳能              C．石油              D．天然气

5．（2分）在下列实验装置图中，能够说明电磁感应现象的是（　　）

A．              B．              C．              D．

6．（2分）下列科技应用中说法错误的是（　　）

A．手机的蓝牙实际是一种电磁波

B．电视机的遥控不是通过电磁波实现的

C．超市收银用的条形码扫描枪实际发射的是一种激光

D．汽车的倒车雷达实际是对超声波的应用

7．（2分）规格相同的瓶装了不同的液体，放在横梁已平衡的天平上，如图所示，则（　　）

A．甲瓶液体质量较大              B．乙瓶液体质量较大

C．乙瓶液体密度较大              D．两瓶液体密度相等

8．（2分）一个人站在平面镜前，当他向平面镜走近时，则（　　）

A．像变大，像与人间的距离也变大

B．像变小，像与人间的距离也变小

C．像大小不变，像与人间距离也不变

D．像大小不变，像与人间距离变小

9．（2分）小刚利用电能表测某家用电器的电功率。当电路中只有这个用电器工作时，测得在15分钟内，消耗电能0.3千瓦时，这个用电器可能是（　　）

A．空调器              B．电冰箱              C．电视机              D．电风扇

10．（2分）如图所示，小球在A点由静止开始释放，向右侧摆动。B点是小球摆动的最低点，C点是小球摆到右侧最高点，且A、C两点到B点的竖直距离hA＞hC．在小球从B点摆动到C点的过程中，下列说法正确的是（　　）

A．小球的机械能总量逐渐变小

B．小球运动状态保持不变

C．小球的动能全部转化为重力势能

D．绳的拉力对小球做了功

11．（2分）以下做法中，符合安全用电原则的是（　　）

A．熔丝熔断后，用铜丝来代替

B．将家用电器的金属外壳接地

C．用湿布擦抹电器

D．小区停电，不切断总开关就进行电路维修

12．（2分）图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，R0为定值电阻，移动滑动变阻器R的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率P随电流表示数I变化的关系图线中，可能正确的是（　　）

A．              B．              C．              D．

二、填空题（本题共9小题，每空1分，共27分）

13．（2分）“蝉噪林逾静，鸟鸣山更幽”诗句中，“蝉”和“鸟”叫声的区分依据的是声音的　   　不同；茂密的森林有吸声和消声的作用，是在　   　控制噪声。

14．（5分）今年4月4日高邮的首届油菜花节盛大开幕，漫水公路北侧的油菜花盛开，吸引了无数游客。

（1）游客漫步在花海中，穿行于河道间，田埂上“香气袭人知昼暖”，“香气袭人”是　   　现象。诗句表明了分子运动的剧烈程度与　   　有关。

（2）蜜蜂在花丛中飞舞，以蜜蜂为参照物，花是　   　的（选填“运动”或“静止”）。人们能听到蜜蜂飞舞的声音，却听不到蝴蝶飞来这是由于两种昆虫翅膀振动的　   　不同

（3）游客拍摄照片的照相机镜头可用来矫正　   　（填“近”或“远”）视眼。

15．（3分）小明在探究利用杠杆做功的实践活动中，所用的杠杆是一根质量均匀、重为5N的硬棒，他将棒的一端固定，把重为15N的物体挂在棒的中点，然后用手缓慢竖直向上提起棒的另一端，如图所示，若把物体提升了10cm，则小明作用在杠杆上的拉力是　   　N，此过程中杠杆的机械效率是　   　。保持拉力方向不变，让重物继续匀速上升，则拉力大小将　   　（变大/变小/不变）

16．（3分）小明用弹簧测力计、圆柱体、两个相同的圆柱形容器，分别装有一定量的水和盐水，对浸在液体中的物体所受的浮力进行了探究，其装置和弹簧测力计示数如图所示。

（1）分析图甲、乙、丙，说明浮力的大小与　   　有关。

（2）为了探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，可选用　   　图的装置来进行操作。

（3）圆柱体浸没在水中时受到的浮力是　   　N．（g取l0N/kg）

17．（3分）如图所示，重为5N的物体A在8牛的水平压力作用下静止在竖直墙壁上，物体A所受的摩擦力为　   　N，方向　   　。当水平力减小为原来的一半，物体A恰好沿竖直墙壁匀速下滑，则物体A受到的摩擦力为　   　N。

18．（3分）有一种“涡轮增压”（T型）轿车，通过给发动机更足量的空气使汽油更充分地燃烧，比普通轿车（L型）更节能，排气更清洁。同样的汽油加在T型轿车内比加在L型轿车内热值　   　（填“更大”或“一样大”或“更小”）；如果散热器中装有10kg 20℃的水，在温度升高50℃的过程中，水吸收的热量是　   　 J；（c水=4.2×103J/（kg•℃））。散热器中用水做冷却液而不用其它液体是因为　   　。

19．（3分）根据如表所提供的数据（1标准大气压下）可知：

（1）80℃的酒精是　   　态；

（2）在北方寒冷的季节里，最低气温可达﹣50℃，此时应选用　   　选填“酒精”或“水银”）做温度计的测温液体。这是因为　   　。

20．（2分）如图所示，电压U保持不变，在A、B之间先接入一个“6V 3W”的灯L1时，灯L1能正常发光，此时电流表的示数是　   　A；在A、B之间换接一个“6V 6W”的灯L2之后，灯L2的实际功率　   　 6W（选填“大于”或“等于”或“小于”）。

21．（3分）如图甲是小明探究“电流一定时，电压与电阻关系”的实验电路图。已知电源电压U=15V，滑动变阻器上标有“20Ω  3A”（实际最大阻值略小于20Ω），实验中所用的四个定值电阻分别为5Ω，10Ω，15Ω，20Ω。

（1）电流表的量程应选　   　A。

（2）小明实验时尝试在ab间接入5Ω、10Ω、15Ω或20Ω电阻，并调节滑动变阻器，使电路中的电流控制在图乙所示的数值不变。但他发现当ab间接　   　Ω电阻时，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，都不能得到实验所要求的数据。

（3）为了使这四个电阻都能为实验所用，电路中电流应改成控制在　   　A最合理。

三、解答题（本题共10小题，共49分，解答23、24题时应有解题过程）

22．（2分）如图表示分别从凸透镜的两倍焦距和一倍焦距处射向透镜的光线。请在图中画出它们通过透镜后的光路（P是与透镜距离等于2倍焦距的位置）。

23．（2分）一个被按到水里的乒乓球放手后迅速上浮，请在图中画出球所受力的示意图。

24．（2分）如图所示，是小磁针的一端靠近条形磁体S极静止时的情景，请在图中的括号内标出小磁针的N、S极，并用箭头标出条形磁体外部磁感线的方向。

25．（6分）如图所示是某餐厅出现的一款餐饮机器人，可以为客人送上凉菜、主食等。

（1）送餐时，机器人在1min内沿直线匀速移动了15m，此过程中机器人运动的速度是多少m/s？

（2）机器人送餐时，总质量为42kg，它与水平地面接触的总面积为100cm2，则它对地面的压强是多少？（g取10N/kg）

26．（6分）冬天，人们常用电热毯来取暖。如图所示，是某品牌电热毯的等效电路，有高温档和低温档，低温档电功率为25W，已知电阻R=484Ω．求：

（1）开关S闭合时电热毯处于　   　档；

（2）电热毯在低温档下工作1小时所消耗的电能；

（3）电阻R0的阻值。

27．（6分）如图是小明探究凸透镜成像规律的实验过程，请完成实验探究：

（1）如图，从左到右分别放置蜡烛、凸透镜和光屏，将三者中心调至　   　。

（2）不断改变蜡烛与凸透镜间的距离，并移动光屏进行凸透镜成像实验，所得数据如表：

（3）由表可知，此凸透镜的焦距为　   　cm

（4）成实像时，物距增大，像距　   　（“增大”、“减小”或“不变”）

（5）实验中随着蜡烛燃烧，光屏上依然得到烛焰清晰的像，但光屏上像的位置却偏高，为了使成在光屏上的像不偏高，则应向　   　（填“上”或“下”）调节凸透镜。

（6）实验中，屏上已成清晰的像，此时固定蜡烛，将透镜换成一个焦距稍小的凸透镜实验，则屏需向　   　（填“左”或“右”）移动才能成清晰的像，此刻的像比换镜前变　   　（填“大”或“小”）

28．（6分）下面是小红同学测量合金块密度的实验，请你将实验过程补充完整。

（1）她把天平放在水平台上，发现指针偏向分度盘中线右侧，马上调节平衡螺母，你认为小红在操作上的明显错误是：　   　。改正错误后，若指针偏向分度盘中线的左侧，她应该向　   　调节平衡螺母。

（2）如图甲所示，用调好的天平测出合金块的质量为　   　g。

（3）如图乙、丙所示，用量筒测合金块的体积，从而算出合金块的密度为　   　kg/m3。

（4）实验结束后，她还想测量一粒小花种子的密度，由于花种子很小，无法用天平和量筒直接测量它的质量和体积。但是善于观察和思考的小红发现花种子在水中下沉，而在浓盐水中却漂浮。她经过认真思考，配制了一种浓度恰当的盐水，使花种子在其中悬浮…这样，她就测出了花种子的密度。请你简说她的测量方法　   　。

29．（3分）下面是小明利用吸管做的一些小实验：

（1）如图甲所示，用手堵住上端的管口，从水中提起吸管后发现吸管中有一段水柱，这是因为　   　；

（2）把长约为12cm的饮料吸管A插在盛水的杯子中，另一根吸管B的管口贴靠在A管的上端。从B管右侧向左吹气，如图乙所示，可以看到的现象是：吸管A中的水柱上升了，体现的物理知识是　   　；

（3）吸管的下端塞入一些铜丝作为配重，并用石蜡将吸管的下端封闭起来，制成一个吸管密度计。将其分别竖直漂浮在不同液体中，如图丙所示。则露出液面部分的长度越长，则液体的密度越　   　（选填“大”或“小”）。

30．（7分）如表是小明测一滑轮组机械效率时收集的有关数据。

（1）请在图中画出实验中滑轮组的绕绳方法；

（2）在实验过程中，应沿竖直方向　   　拉弹簧测力计；

（3）表格中空缺的数据为　   　

（4）分析表中数据可知：用同一滑轮组提升不同重物至同一高度，提升的物重增加时，所做的额外功　   　，其中除克服动滑轮重所做的额外功外，其它额外功将　   　（前两空选填“变大”、“变小”或“不变”）。造成额外功大小变化的原因是　   　。

31．（9分）同学们在“探究小灯泡的亮度与功率的关系”实验中，所用电源电压为6V，灯泡的额定电压U0=3.8V，额定功率在1﹣1.5W的范围内。

（1）按图甲所示的电路图，请你用笔画线代替导线将图乙的电路补充完整。

（2）小杜同学在实验过程中，将滑动变阻器的滑片P缓慢向B端移动，小灯泡的实际功率将　   　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；同时观察到小灯泡的亮度将变　   　（选填“亮”或“暗”）。

（3）另一组的小张同学在实验过程中发现电流表、电压表示数如图丙所示，此时电流表的示数是　   　A，电压表的示数是　   　V，经分析造成这种现象的原因是　   　。

（4）小张同学重新调整电路连接后，继续探究小灯泡在额定功率时的亮度，但发现无法准确读出额定电压，他用第（3）小问中所测得数据先算出灯泡的电阻RL，再根据P0=计算灯泡的额定功率。按此方案算出灯的额定功率比真实值偏　   　（选填“大”或“小”），原因是　   　。

2018年扬州市中考物理模拟冲刺真题参考答案与试题解析

一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项正确）

1．（2分）为了让同学们养成关注生活和社会的好习惯，物理老师让同学们对身边一些常见的物理量进行估测。以下是他们交流时的一些估测数据，你认为数据最接近实际的是（　　）

A．人体正常体温约为42℃

B．学生书桌高约为200mm

C．中学生的脉搏跳动一般每分钟约75次左右

D．在中学生运动会百米赛跑中，获得冠军的运动员的平均速度可达15m/s

【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。

【解答】解：

A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。此选项不符合实际；

B、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右。此选项不符合实际；

C、人在平静状态下，心跳一次的时间接近1s，所以1min的心跳次数大约75次。此选项符合实际；

D、奥运会男子百米世界纪录略大于10m/s，一般中学生运动会百米成绩不可能达到15m/s．此选项不符合实际。

故选：C。

【点评】对日常生活中的速度、质量、长度、温度等进行准确的估测，是要求初中学生掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。

2．（2分）如图所示的光现象中，与小孔成像的原理相同的是（　　）

A．

钢笔“错位”

B．

茶杯在镜中的“倒影”

C．

水中筷子“变弯”

D．

屏幕上的“手影”

【分析】光在同种、均匀介质中沿直线传播，日食、月食、影子、小孔成像都是光的直线传播形成的；

光从一种介质斜射入另一种介质，或在不均匀的介质中，传播方向发生变化，属于光的折射，水中的筷子看起来变弯、凸透镜成像等都是光的折射形成的；

光射到物体表面又被反回的现象叫光的反射，与平面镜有关的都是光的反射。

【解答】解：小孔成像是光的直线传播形成的；

A、钢笔“错位”，是光在玻璃和空气两种介质中传播发生的折射现象，不符合题意。

B、茶杯在镜中的“倒影”，是平面镜成像，属于光的反射现象，不符合题意；

C、水中筷子“变弯”，是光从水传向空气发生的折射现象，不符合题意；

D、屏幕上的“手影”，影子的形成，是光的直线传播现象，符合题意；

故选：D。

【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。

3．（2分）下列物态变化过程中，需要吸热的是（　　）

A．初春，早晨河面结有薄冰

B．夏天，打开冰棍纸看到“白气”

C．深秋，屋顶的瓦上结了一层霜

D．冬天，冰冻的衣服逐渐变干

【分析】解决此题要知道物质在发生物态变化时必然要伴随着吸放热的进行，其中熔化、汽化、升华过程需要吸热，凝固、液化、凝华过程需要放热。

【解答】解：A、液态的水变成固态的冰是凝固，凝固放热。不合题意。

B、白气是空气中的水蒸气液化形成的液态的小水珠，液化放热，不合题意。

C、霜是空气中的水蒸气凝华形成的小冰晶，凝华放热，不合题意，

D、冰冻的衣服逐渐变干，固态的冰变成水蒸气升到空中，是升华，吸热，符合题意。

故选：D。

【点评】解决此类问题要会正确的判断物态变化，然后结合吸热和放热进行分析判断。

4．（2分）人类对能源的需求日益增加，需要发展新能源。下列能源中属于新能源的是（　　）

A．煤              B．太阳能              C．石油              D．天然气

【分析】要解答本题需掌握新能源的概念。

【解答】解：新能源又称非常规能源。是指传统能源之外的各种能源形式。指刚开始开发利用或正在积极研究、有待推广的能源，如：太阳能、地热能、风能、海洋能、生物质能和核聚变能等。而煤、石油、天然气都属于常规能源。

故选：B。

【点评】本题考查了对新能源的认识和理解，并能分辨生活中常用的能源哪些属于新能源的范畴。

5．（2分）在下列实验装置图中，能够说明电磁感应现象的是（　　）

A．              B．              C．              D．

【分析】发电机的工作原理是电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生电流。

【解答】解：AC、电路中有电流，通电导体或线圈受到磁场力的作用发生运动，不符合题意；

B、在外力作用下使线圈转动，切割磁感应线，如果灯泡发光，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，符合题意。

D、是奥斯特实验，小磁针发生偏转说明通电导体周围有磁场，不符合题意。

故选：B。

【点评】本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置的不同，前者外部没有电源，后者外部有电源。

6．（2分）下列科技应用中说法错误的是（　　）

A．手机的蓝牙实际是一种电磁波

B．电视机的遥控不是通过电磁波实现的

C．超市收银用的条形码扫描枪实际发射的是一种激光

D．汽车的倒车雷达实际是对超声波的应用

【分析】（1）电磁波可以传递信息；

（2）红外线是电磁波的一种，应用在电视机遥控器、条形码扫描、红外线夜视仪等；

（3）超市收银台用于录入商品的扫描器发出的红光是激光；

（4）声音既能够传递信息，又能够传递能量。

【解答】解：

A、蓝牙是一种无线技术标准，可利用电磁波实现固定设备、移动设备和楼宇个人域网之间的短距离数据交换，故A正确；

B、电视机的遥控器是利用红外线对电视机进行遥控的，红外线属于电磁波，故B错误；

C、超市收银用的条形码扫描枪实际发射的红光实际是一种激光，故C正确；

D、汽车的倒车雷达利用的是超声波的回声定位，故D正确。

故选：B。

【点评】本题主要考查学生对：电磁波、激光以及超声波应用的了解，是一道综合题。

7．（2分）规格相同的瓶装了不同的液体，放在横梁已平衡的天平上，如图所示，则（　　）

A．甲瓶液体质量较大              B．乙瓶液体质量较大

C．乙瓶液体密度较大              D．两瓶液体密度相等

【分析】规格相同的瓶装了不同的液体，由图可知液体的体积不同，天平平衡，说明液体的质量相等，根据密度公式分析即可得出结论。

【解答】解：规格相同的瓶装了不同的液体，放在横梁已平衡的天平上，说明液体的质量相等，由图可知，甲瓶液体的体积大于乙瓶液体的体积，由ρ=可知，甲瓶液体的密度小于乙瓶液体密度，故只有选项C正确。

故选：C。

【点评】此题只要考查密度公式的应用，同时也考查了天平的使用，有一定的综合性，是一道好题。

8．（2分）一个人站在平面镜前，当他向平面镜走近时，则（　　）

A．像变大，像与人间的距离也变大

B．像变小，像与人间的距离也变小

C．像大小不变，像与人间距离也不变

D．像大小不变，像与人间距离变小

【分析】根据平面镜成像的特点可知：像和物的大小总是相等的，像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离。

【解答】解：人在平面镜中的像的大小与人等大，所以无论怎样走动，像的大小不变；

当人走近镜子时，他距镜子的距离减小，所以他的像与镜子距离也减小，因此像与人的距离变小。

故选：D。

【点评】解决此类问题要结合平面镜成像特点进行分析解答，此题比较简单，属于比较基本的题目。

9．（2分）小刚利用电能表测某家用电器的电功率。当电路中只有这个用电器工作时，测得在15分钟内，消耗电能0.3千瓦时，这个用电器可能是（　　）

A．空调器              B．电冰箱              C．电视机              D．电风扇

【分析】根据用电器在15分钟内消耗的电能，利用公式P=求出电功率，再与题目中给出的用电器的功率比较，解答此题。

【解答】解：

用电器工作时间t=15min=h，消耗的电能为W=0.3kW•h，

所以用电器的电功率：

P===1.2kW=1200W；

空调器的电功率一般大于1000W，电冰箱的功率大于100W，但小于1000W，电视机的电功率约为100W，电风扇的电功率约为100W，所以电功率是1200W的用电器可能是空调器。

故选：A。

【点评】本题考查了电功率公式P=的应用，同时考查了学生的常见用电器电功率的了解情况，是基础性题目。　

10．（2分）如图所示，小球在A点由静止开始释放，向右侧摆动。B点是小球摆动的最低点，C点是小球摆到右侧最高点，且A、C两点到B点的竖直距离hA＞hC．在小球从B点摆动到C点的过程中，下列说法正确的是（　　）

A．小球的机械能总量逐渐变小

B．小球运动状态保持不变

C．小球的动能全部转化为重力势能

D．绳的拉力对小球做了功

【分析】①物体的运动状态包括速度和方向两个方面；

②动能和势能合称机械能，由于克服空气阻力，一部分机械能会转化为内能；

③做功包含两个必要因素：有力作用在物体上，物体在力的方向上通过一定的距离。

【解答】解：

AC、小球从A到B的过程中，大部分重力势能转化为动能；从B到C的过程中，大部分动能转化为重力势能。由于与空气有摩擦，摆动过程中部分机械能转化为内能，所以机械能总量减少，动能也不可能全部转化为重力势能；故A正确，C错误；

B、小球摆动过程中运动方向不断变化，速度不断变化，也就是运动状态在变化；故B错误；

D、细绳对小球有拉力，但小球在拉力的方向上没有移动距离，所以细绳的拉力对小球不做功；故D错误。

故选：A。

【点评】此题考查了动能与势能的转化及运动状态的改变。需要清楚的是，不考虑空气阻力，机械能是守恒的；由于克服空气阻力，机械能总量是减少的。

11．（2分）以下做法中，符合安全用电原则的是（　　）

A．熔丝熔断后，用铜丝来代替

B．将家用电器的金属外壳接地

C．用湿布擦抹电器

D．小区停电，不切断总开关就进行电路维修

【分析】根据安全用电的原则分析判断，注意：

A、保险丝在电路中的作用；

B、若家用电器内部火线绝缘皮破损或失去绝缘性能，致使火线与外壳接通，外壳就带电，人体接触外壳等于接触火线，就会发生触电事故；如果把外壳用导线接地，即使外壳带了电，电流也会从接地导线流走，人体接触外壳就没有危险。

C、生活用水是导体；

D、不切断电源，万一来电会怎样？

【解答】解：A、保险丝是由电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的，当电路中有过大电流通过时，保险丝发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用，如果用铜丝代替，因铜丝的熔点高，就起不到保护电路的作用，故A错；

B、将家用电器的金属外壳接地，即使外壳带了电，电流也会从接地导线流走，人体接触外壳就没有危险，故B正确；

C、用湿布擦抹电器，水是导体，会使人触电，故C错；

D、停电时，进行电路维修，必须断开总开关，否则万一来电，人会触电，故D错。

故选：B。

【点评】本题考查了学生对安全用电原则的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，学好电、用好电！

12．（2分）图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，R0为定值电阻，移动滑动变阻器R的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率P随电流表示数I变化的关系图线中，可能正确的是（　　）

A．              B．              C．              D．

【分析】由图R0与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流。

电源提供电流一定，根据并联电路特点分别表示出U与I和P与I的表达式，分析判断即可。

【解答】解：

由图R0与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流。

若电源提供的电流恒定为I总，

AB、根据并联电路特点可知：

U=U0=I0R0=（I总﹣I）R0=﹣IR0+I总R0，

其中I总、R0为定值，由U=﹣R0I+I总R0，可知U与I的图象为一次函数，且﹣R0＜0，故AB错误；

CD、由电功率的计算公式：

电路消耗总功率：P=UI总=（I总﹣I）R0×I总=﹣I总R0I+I总2R0，

其中I总、R0为定值，由P=﹣I总R0I+I总2R0，可知P与I的图象为一次函数，﹣I总R0＜0，且I不能为0，P不会为0，故D正确，C错误。

故选：D。

【点评】本题考查并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要抓住电源是恒流源，关键是得出U与I和P与I的表达式，利用数学知识分析判断它们之间的关系。

二、填空题（本题共9小题，每空1分，共27分）

13．（2分）“蝉噪林逾静，鸟鸣山更幽”诗句中，“蝉”和“鸟”叫声的区分依据的是声音的　音色　不同；茂密的森林有吸声和消声的作用，是在　传播过程中　控制噪声。

【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关。

（2）减弱噪声的途径有三个，即在声源处减弱噪声、在人耳处减弱噪声、在传播过程中减弱噪声；

【解答】解：“蝉噪林逾静，鸟鸣山更幽”诗句中，“蝉”和“鸟”叫声的区分依据的是声音的音色判断的；在茂密的森林有吸声和消声的作用，这是在传播过程中减弱噪声；

故答案为：音色；传播过程中

【点评】该题考查了同学们对音色的理解和减弱噪声方式的应用，是一道基础题。

14．（5分）今年4月4日高邮的首届油菜花节盛大开幕，漫水公路北侧的油菜花盛开，吸引了无数游客。

（1）游客漫步在花海中，穿行于河道间，田埂上“香气袭人知昼暖”，“香气袭人”是　扩散　现象。诗句表明了分子运动的剧烈程度与　温度　有关。

（2）蜜蜂在花丛中飞舞，以蜜蜂为参照物，花是　运动　的（选填“运动”或“静止”）。人们能听到蜜蜂飞舞的声音，却听不到蝴蝶飞来这是由于两种昆虫翅膀振动的　频率　不同

（3）游客拍摄照片的照相机镜头可用来矫正　远　（填“近”或“远”）视眼。

【分析】（1）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高，分子运动越剧烈；

（2）运动和静止是相对的，选择的参照物不同，物体的运动状态会有所不同；

人耳能听到的声音在20Hz到20000Hz之间，超出这个范围的声音，人耳是听不到的；

（3）凸透镜成倒立、缩小的实像，U＞2f，应用于照相机和摄像机。凸透镜能够使光线会聚。远视眼是像成在了视网膜的后方，远视要用凸透镜来矫正。

【解答】解：

（1）田埂上“香气袭人知昼暖”，闻到花香这是因为分子不停地做无规则的运动，运动到空气中被人们闻到了香味，这种现象叫扩散现象；“知昼暖”是因为分子运动的剧烈程度与温度有关；

（2）以蜜蜂为参照物，花相对于蜜蜂的位置发生了变化，所以花是运动的；

人耳能听到的声音在20Hz到20000Hz之间，蝴蝶飞行发出的声音，超过人耳能听到的频率范围，所以无法听到，但蜜蜂飞行时发出的声音，在人耳能听到的频率范围，能听到蜜蜂飞行时发出的声音，这是因为它们翅膀振动的频率不同引起的；

（3）照相机的镜头是凸透镜，利用了凸透镜能成倒立缩小的实像，凸透镜对光线有会聚作用；

远视眼成因：眼球晶状体的曲度过小，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方造成远视眼。远视矫正方法，需佩戴凸透镜。

故答案为：（1）扩散；温度；（2）运动；频率；（3）远。

【点评】此题考查参照物的选择、扩散现象和眼睛的矫正，由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现。

15．（3分）小明在探究利用杠杆做功的实践活动中，所用的杠杆是一根质量均匀、重为5N的硬棒，他将棒的一端固定，把重为15N的物体挂在棒的中点，然后用手缓慢竖直向上提起棒的另一端，如图所示，若把物体提升了10cm，则小明作用在杠杆上的拉力是　10　N，此过程中杠杆的机械效率是　75%　。保持拉力方向不变，让重物继续匀速上升，则拉力大小将　不变　（变大/变小/不变）

【分析】（1）杠杆质地均匀，杠杆重5N作用在杠杆重心上，物体的重力也作用在杠杆重心上，拉力要克服这两个力，知道动力臂和阻力臂的关系，求出动力大小；

（2）使用任何机械都不省功，动力是阻力的二分之一，动力移动的距离是阻力移动距离的2倍，求出有用功和总功，求出杠杆的机械效率；

（3）如图杠杆在水平位置时杠杆平衡，根据杠杆平衡条件列出等式，求出F．杠杆在匀速提起的过程中，根据杠杆平衡条件列出等式，求出F．比较前后两次F的大小可以得到解决。

【解答】解：15N的物体和5N杠杆的重作用在杠杆中点上，动力竖直作用在杠杆的末端，动力臂是阻力臂的2倍，所以动力是阻力的二分之一，

所以F=（G+G杆）=（15N+5N）=10N。

使用任何机械都不省功，动力是阻力的二分之一，动力移动的距离是阻力移动距离的2倍，

有用功：W有=Gh=15N×h，

总功：W总=Fs=10N×2h，

机械效率：η===75%；

将杠杆从A位置匀速提升到B位置的过程，如图所示：

杠杆在水平位置时，杠杆平衡，根据杠杆平衡条件得F×OA=G×OC，

则动力：F=G﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，

当杠杆匀速提起的过程中，杠杆平衡，根杠杆平衡条件得F'×OA′=G×OC'，

此时的动力：F'=G﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，

由于OB=OA，且△OBA'∽△OCC'，

根据相似三角形的性质可得：==，

所以，F=F'。

即：将杠杆从A位置匀速提升到B位置的过程中，则F的大小将不变。

故答案为：10；75%；不变。

【点评】本题主要考查了功的原理、机械效率、杠杆平衡条件等重要知识点。

16．（3分）小明用弹簧测力计、圆柱体、两个相同的圆柱形容器，分别装有一定量的水和盐水，对浸在液体中的物体所受的浮力进行了探究，其装置和弹簧测力计示数如图所示。

（1）分析图甲、乙、丙，说明浮力的大小与　物体排开液体的体积　有关。

（2）为了探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，可选用　丙、丁　图的装置来进行操作。

（3）圆柱体浸没在水中时受到的浮力是　4　N．（g取l0N/kg）

【分析】（1）分析图示实验，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论。

（2）探究浮力与物体浸入液体深度的关系，应控制液体密度与物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同，分析图示实验，然后答题。

（3）物体的重力与测力计拉力之差是物体受到的浮力，根据浮力公式求出物体的体积。

【解答】解：（1）由图甲、乙、丙所示实验可知，液体的密度相同而排开液体的体积不同，物体受到的浮力不同，由此可知，浮力大小与物体排开液体的体积有关。

（2）探究浮力与物体浸入液体深度的关系，应控制液体密度与物体排开液体的体积相同，而物体浸没在液体中的深度不同，由图示实验可知，图丙、丁所示实验中物体排开液体的密度、物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同，可以选用图丙、丁所示实验探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系。

（3）由图甲、丙所示实验可知，圆柱体浸没在水中时受到的浮力：

F浮=G﹣F=5N﹣1N=4N；

故答案为：（1）物体排开液体的体积；（2）丙、丁；（3）4。

【点评】本题考查了探究影响浮力大小因素实验、求物体的体积与密度问题，要掌握称重法测浮力的方法、应用浮力公式即可解题，应用控制变量法是正确解题的关键。

17．（3分）如图所示，重为5N的物体A在8牛的水平压力作用下静止在竖直墙壁上，物体A所受的摩擦力为　5　N，方向　竖直向上　。当水平力减小为原来的一半，物体A恰好沿竖直墙壁匀速下滑，则物体A受到的摩擦力为　5　N。

【分析】当物体静止或匀速直线运动时，所受的力是平衡力。根据平衡力的概念，对物体进行受力分析。

【解答】解：物体静止时，摩擦力与重力平衡，所以摩擦力等于重力等于5N，重力竖直向下，摩擦竖直向上。

物体匀速下滑时，摩擦力与重力仍是平衡力，摩擦力等于重力等于5N。

故答案为：5；竖直向上；5。

【点评】本题考查学生对二力平衡条件的掌握情况，关键理解平衡状态，正确分析问题所受的平衡力。

18．（3分）有一种“涡轮增压”（T型）轿车，通过给发动机更足量的空气使汽油更充分地燃烧，比普通轿车（L型）更节能，排气更清洁。同样的汽油加在T型轿车内比加在L型轿车内热值　一样大　（填“更大”或“一样大”或“更小”）；如果散热器中装有10kg 20℃的水，在温度升高50℃的过程中，水吸收的热量是　2.1×106　 J；（c水=4.2×103J/（kg•℃））。散热器中用水做冷却液而不用其它液体是因为　水的比热容大　。

【分析】（1）热值是燃料的特性，与燃烧情况无关；

（2）知道水的质量、水的比热容、水温度的变化，利用吸热公式求水吸收的热量。

（3）根据吸收热量的公式Q=Cm△t，质量相等的甲、乙液体，吸收相同的热量，温度升高的就小，比热容大的，就更适合做冷却液。

【解答】解：

（1）热值是燃料的特性，与燃烧情况无关；因此同样的汽油加在T型轿车内比加在L型轿车内热值一样大；

（2）水吸收的热量：

Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×10kg×50℃=2.1×106J。

（3）因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以散热器中用水做冷却液而不用其它液体。

故答案为：一样大；2.1×106；水的比热容大。

【点评】此题主要考查的是学生对天然气燃料热值的理解和掌握，并能熟练的运用热量公式进行计算是解决该题的关键。此题还考查学生对水的比热容大的特点及应用，体现了从物理走向生活的教学思想。

19．（3分）根据如表所提供的数据（1标准大气压下）可知：

（1）80℃的酒精是　气　态；

（2）在北方寒冷的季节里，最低气温可达﹣50℃，此时应选用　酒精　选填“酒精”或“水银”）做温度计的测温液体。这是因为　在﹣50℃的环境里水银为固体　。

【分析】（1）当物质温度高于沸点时，为气态；当物质的温度介于熔点和沸点之间时，为液态；

（2）根据酒精的凝固点和水银的凝固点，结合北方的最低气温﹣50℃，就可以判断出选择什么温度计。

【解答】解：

（1）因为酒精的沸点是78℃，所以80℃时，酒精处于气态；

（2）酒精的凝固点是﹣117℃，水银的凝固点是﹣39℃，在﹣50℃的环境里，酒精为液态，水银为固体，因此选择酒精温度计。

故答案为：（1）气；（2）酒精；在﹣50℃的环境里水银为固体。

【点评】本题主要考查温度计的原理，以及物体的状态与凝固点和沸点的关系。是中招的热点。

20．（2分）如图所示，电压U保持不变，在A、B之间先接入一个“6V 3W”的灯L1时，灯L1能正常发光，此时电流表的示数是　0.5　A；在A、B之间换接一个“6V 6W”的灯L2之后，灯L2的实际功率　小于　 6W（选填“大于”或“等于”或“小于”）。

【分析】（1）串联电路处处电流相等，根据P=UI的变形公式即可求出电流表的示数；

（2）先判断该灯泡电阻的变化，然后根据串联电路电压的特点判断AB两端电压的范围，然后确定灯L2的实际功率。

【解答】解：（1）因为电阻和灯L1串联，所以电流表的示数等于灯L1的额定电流，由P=UI可得，电流表的示数：I===0.5A；

（2）由R=可得，L2的电阻小于L1的电阻，由于串联电路起分压作用，所以灯泡L2两端电压将小于6V，因此实际功率小于额定功率6W。

故答案为：0.5；小于。

【点评】此题主要考查欧姆定律的应用和电功率的计算、实际功率等知识点，综合性较强，有点难度，属于中档题。

21．（3分）如图甲是小明探究“电流一定时，电压与电阻关系”的实验电路图。已知电源电压U=15V，滑动变阻器上标有“20Ω  3A”（实际最大阻值略小于20Ω），实验中所用的四个定值电阻分别为5Ω，10Ω，15Ω，20Ω。

（1）电流表的量程应选　0～3　A。

（2）小明实验时尝试在ab间接入5Ω、10Ω、15Ω或20Ω电阻，并调节滑动变阻器，使电路中的电流控制在图乙所示的数值不变。但他发现当ab间接　20　Ω电阻时，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，都不能得到实验所要求的数据。

（3）为了使这四个电阻都能为实验所用，电路中电流应改成控制在　0.7　A最合理。

【分析】（1）根据欧姆定律求出电路中的最大电流确定电流表的量程；

（2）根据欧姆定律求出电流表示数为0.8A时电路中的总电阻，即可判断20Ω的电阻不符合实验要求；

（3）当定值电阻为20Ω时，根据欧姆定律求出电路中的最大电流，当定值电阻的阻值为5Ω时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，然后结合电流表的分度值确定电路中控制的最合理电流。

【解答】解：（1）当定值电阻为5Ω，且滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，

根据欧姆定律可得，电路中的最大电流I===3A，所以电流表的量程为0～3A；

（2）由图乙可知，电流表的分度值为0.1A，示数为0.8A；

电流表的示数为0.8A时，电路中的总电阻R===18.75Ω＜20Ω，

所以，当ab间接20Ω电阻时，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，都不能得到实验所要求的数据；

（3）当定值电阻为20Ω时，电路中的最大电流Imax===0.75A，

当定值电阻为5Ω时，电路中的最小电流Imin===0.6A，

因滑动变阻器的实际最大阻值略小于20Ω，且电流表的分度值为0.1A，

为了使这四个电阻都能为实验所用，电路中电流应控制在0.7A最合理。

故答案为：（1）0～3；（2）20；（3）0.7。

【点评】本题考查了电流表量程的选择和电流表的读数、串联电路特点、欧姆定律的应用等，关键是会根据最大定值电阻接入电路中时电路中的最大电流和最小定值电阻接入电路中时最小电流以及电流表的分度值确定控制最合理的电流值。

三、解答题（本题共10小题，共49分，解答23、24题时应有解题过程）

22．（2分）如图表示分别从凸透镜的两倍焦距和一倍焦距处射向透镜的光线。请在图中画出它们通过透镜后的光路（P是与透镜距离等于2倍焦距的位置）。

【分析】（1）根据凸透镜成像时，物体在二倍焦距处，所成的像是等大倒立的实像，像在二倍焦距处，所以过二倍焦距处的入射光线经凸透镜折射后一定过另一侧二倍焦距处，据此画出左边入射光线的折射光线；

（2）根据凸透镜的特殊光线（过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴）画出过焦点的入射光线的折射光线。

【解答】解：过二倍焦距处的入射光线的折射光线通过凸透镜另一侧二倍焦距处；过焦点的入射光线的折射光线平行于主光轴，如图所示：

【点评】本题考查了凸透镜的两条特殊光线。注意一倍焦点与二倍焦点的不同，且在光线上标出光线的传播方向。

23．（2分）一个被按到水里的乒乓球放手后迅速上浮，请在图中画出球所受力的示意图。

【分析】（1）水里的乒乓球受到重力和浮力两个力的作用，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上；

（2）乒乓球上浮，根据物体的浮沉条件，浮力大于重力。

【解答】解：乒乓球上浮，浮力大于重力，浮力的方向竖直向上，重力的方向竖直向下，如下图所示：

【点评】（1）重力的方向竖直向下，作用点在物体的重心；

（2）物体漂浮或悬浮时，重力等于浮力，物体上浮时，浮力大于重力，物体下沉时，浮力小于重力。

24．（2分）如图所示，是小磁针的一端靠近条形磁体S极静止时的情景，请在图中的括号内标出小磁针的N、S极，并用箭头标出条形磁体外部磁感线的方向。

【分析】根据小磁针的N、S极指向，利用磁极间的作用规律可以确定磁体的N、S极，进而可以确定磁感线的方向。

【解答】解：根据异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，则小磁针的左上端是N极，右下端是S极。

因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以磁感线的方向是指向右的。

故答案为：

【点评】此题主要考查了磁感线的特点，会判断磁感线的方向是解决此类问题的关键。

25．（6分）如图所示是某餐厅出现的一款餐饮机器人，可以为客人送上凉菜、主食等。

（1）送餐时，机器人在1min内沿直线匀速移动了15m，此过程中机器人运动的速度是多少m/s？

（2）机器人送餐时，总质量为42kg，它与水平地面接触的总面积为100cm2，则它对地面的压强是多少？（g取10N/kg）

【分析】（1）已知时间和路程，利用v=求解机器人运动的速度；

（2）水平面上的物体，对水平面的压力大小与物体本身的重力相等，由p=求解它对地面的压强。

【解答】解：（1）此过程中机器人运动的速度：

v===0.25m/s；

（2）机器人对地面的压力：

F=G=mg=42kg×10N/kg=420N，

它对地面的压强：

p===4.2×104Pa；

答：（1）机器人运动的速度为0.25m/s；

（2）机器人送餐时对地面的压强是4.2×104Pa。

【点评】本题考查速度和压强的计算，难度不大，关键是知道水平面上的物体，对水平面的压力大小与物体本身的重力相等。

26．（6分）冬天，人们常用电热毯来取暖。如图所示，是某品牌电热毯的等效电路，有高温档和低温档，低温档电功率为25W，已知电阻R=484Ω．求：

（1）开关S闭合时电热毯处于　高温　档；

（2）电热毯在低温档下工作1小时所消耗的电能；

（3）电阻R0的阻值。

【分析】（1）由电路图可知，开关S闭合时，电路为R的简单电路；开关断开时，R与R0串联，根据P=UI=可知，电压一定时，电路中的电阻越小时，总功率越大，电热毯处于高温档，反之处于低温档；

（2）根据W=Pt求出电热毯在低温档下工作1小时所消耗的电能；

（3）开关断开时，R与R0串联，电路中的总电阻最大，电路的总功率最小，电热毯处于低温档，根据P=UI=求出电路的总电阻，利用电阻的串联求出电阻R0的阻值。

【解答】解：（1）由电路图可知，开关S闭合时，电路为R的简单电路，电路中的总电阻最小，

由P=UI=可知，电路中的总功率最大，电热毯处于高温档；

（2）由P=可得，电热毯在低温档下工作1小时所消耗的电能：

W=P低温t=25W×3600s=9×104J；

（3）开关断开时，R与R0串联，电路中的总电阻最大，电路的总功率最小，电热毯处于低温档，

此时电路的总电阻：

R总===1936Ω，

因电路的总电阻等于各分电阻之和，

所以，电阻R0的阻值：

R0=R总﹣R=1936Ω﹣484Ω=1452Ω。

答：（1）高温；

（2）电热毯在低温档下工作1小时所消耗的电能为9×104J；

（3）电阻R0的阻值为1452Ω。

【点评】本题考查了电功率公式和电功公式的应用，分清电热毯处于不同档位时电路的连接方式是关键。

27．（6分）如图是小明探究凸透镜成像规律的实验过程，请完成实验探究：

（1）如图，从左到右分别放置蜡烛、凸透镜和光屏，将三者中心调至　同一高度　。

（2）不断改变蜡烛与凸透镜间的距离，并移动光屏进行凸透镜成像实验，所得数据如表：

（3）由表可知，此凸透镜的焦距为　10　cm

（4）成实像时，物距增大，像距　减小　（“增大”、“减小”或“不变”）

（5）实验中随着蜡烛燃烧，光屏上依然得到烛焰清晰的像，但光屏上像的位置却偏高，为了使成在光屏上的像不偏高，则应向　下　（填“上”或“下”）调节凸透镜。

（6）实验中，屏上已成清晰的像，此时固定蜡烛，将透镜换成一个焦距稍小的凸透镜实验，则屏需向　左　（填“左”或“右”）移动才能成清晰的像，此刻的像比换镜前变　小　（填“大”或“小”）

【分析】（1）“研究凸透镜成像规律”实验时，使烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一直线上，并且在同一高度，烛焰的像才能呈现在光屏的中央；

（3）根据表中物距和像距的关系及成像情况判断凸透镜的焦距；

（4）根据物距与像距的关系即成像特点解答；

（5）光屏上像的位置却偏高，为了使成在光屏上的像不偏高，则应向下调节凸透镜；

（6）在成实像的情况下，物体到凸透镜的距离相同时，凸透镜的焦距越长，像到凸透镜的距离就越长，像越大。

【解答】解：（1）凸透镜、光屏在同一直线上，为了使像呈在光屏的中心，烛焰、凸透镜、光屏的中心必须在同一高度；

（3）从表中数据可以看出，物距逐渐缩小，像距逐渐变大，当物距为10cm时，光屏上恰好不成像，即从焦点发出的光线经凸透镜折射后平行射出，不能成像，所以焦距为10cm；

（4）凸透镜成实像时，物距逐渐增大，像距逐渐变小，像逐渐变小；

（5）光屏上像的位置却偏高，为了使成在光屏上的像不偏高，则应向下调节凸透镜；

（6）将透镜换成一个焦距稍小一点的凸透镜实验，像到凸透镜的距离就越短，像变小，则屏需向左移动才能成清晰的像。

故答案为：（1）同一高度；（3）10；（4）减小；（5）下；（6）左；小。

【点评】本题主要考查了如何测量焦距，实验注意事项以及凸透镜的成像规律，并能根据实验现象得出正确结论，能有效解决实验中出现的问题。

28．（6分）下面是小红同学测量合金块密度的实验，请你将实验过程补充完整。

（1）她把天平放在水平台上，发现指针偏向分度盘中线右侧，马上调节平衡螺母，你认为小红在操作上的明显错误是：　没有把游码移到标尺左端的零刻度处，便调节横梁右端的平衡螺母　。改正错误后，若指针偏向分度盘中线的左侧，她应该向　右　调节平衡螺母。

（2）如图甲所示，用调好的天平测出合金块的质量为　23.4　g。

（3）如图乙、丙所示，用量筒测合金块的体积，从而算出合金块的密度为　2.34×103　kg/m3。

（4）实验结束后，她还想测量一粒小花种子的密度，由于花种子很小，无法用天平和量筒直接测量它的质量和体积。但是善于观察和思考的小红发现花种子在水中下沉，而在浓盐水中却漂浮。她经过认真思考，配制了一种浓度恰当的盐水，使花种子在其中悬浮…这样，她就测出了花种子的密度。请你简说她的测量方法　当花种子悬浮时只要测出此时盐水的密度就等于花种子的密度　。

【分析】（1）根据天平的正确使用进行判断：

把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度；

调节天平的平衡螺母使天平的横梁平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；

物体放在天平的左盘，砝码放在天平的右盘，使天平的横梁重新平衡；

物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值。

（2）物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值。

（3）读出水的体积、水和石块的体积，求出石块的体积，根据密度公式求出物体的密度。

（4）实验中通过使种子悬浮在盐水中，得出盐水的密度跟种子的密度相等；从而可以计算出盐水的密度，便等于种子的密度。

【解答】解：（1）由题意知，小红将托盘天平放到水平台上，没有把游码移到标尺左端的零刻度处，便调节横梁右端的平衡螺母，明显错误；应该是检查游码是否归零后，再调节平衡螺母。

在调节过程中发现指针指在分度盘中线的左侧，说明天平的右端上翘，他应将平衡螺母向上翘的右端移动。

（2）由图甲知，刻度尺的分度值为0.2g，小石块的质量：m=20g+3.4g=23.4g。

（3）由图乙知，水的体积为60ml，水和合金块的体积为70ml，则小石块的体积为V=70ml﹣60ml=10ml=10cm3；

合金块的密度：ρ===2.34g/cm3=2.34×103kg/m3；

（4）通过不断改变盐水的密度，最终使种子能在盐水中悬浮，根据物体的浮沉条件，可得盐水的密度等于种子的密度；

故答案为：（1）没有把游码移到标尺左端的零刻度处，便调节横梁右端的平衡螺母；右；（2）23.4；（3）2.34×103；

（4）当花种子悬浮时只要测出此时盐水的密度就等于花种子的密度。

【点评】此题是测量固体密度的实验，考查了天平的调节、读数、量筒的读数及密度的计算，注意密度单位的换。

29．（3分）下面是小明利用吸管做的一些小实验：

（1）如图甲所示，用手堵住上端的管口，从水中提起吸管后发现吸管中有一段水柱，这是因为　大气压的作用　；

（2）把长约为12cm的饮料吸管A插在盛水的杯子中，另一根吸管B的管口贴靠在A管的上端。从B管右侧向左吹气，如图乙所示，可以看到的现象是：吸管A中的水柱上升了，体现的物理知识是　流体流速越大，压强越小　；

（3）吸管的下端塞入一些铜丝作为配重，并用石蜡将吸管的下端封闭起来，制成一个吸管密度计。将其分别竖直漂浮在不同液体中，如图丙所示。则露出液面部分的长度越长，则液体的密度越　大　（选填“大”或“小”）。

【分析】（1）两端开口的饮料管插入水中，管内外水面上方受到大气压的作用，所以内外液面将保持相平，用手堵住口的一端，管内水将在外界大气压的作用下不会掉下来；

（2）吸管和烧杯构成连通器，吹气之前，吸管内和烧杯内液面相平。

当向B管吹气时，A管上方的空气流动速度增大，压强减小，A管下方压强不变，A管内的液体受到向上的压强大，液面上升。

（3）密度计的质量一定，在液体中受力平衡，受到的浮力总是等于重力，排开液体的体积越小，浸入液体部分也越小，被测液体的密度越大，据此分析回答。

【解答】解：（1）当用手指堵住上端开口时，上端不再与大气相通，下端受到大气压的作用，所以水不会从下端流出，吸管中有一段水柱。

（2）从B管右侧向左吹气，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，液面上升。

（3）密度计是漂浮在液体中，所受浮力等于本身的重力，保持不变，如果越往上浮，则露出液面部分的长度越长，即密度计浸入液体中的体积越小，则液体的密度越大。

故答案为：（1）大气压的作用；（2）流体流速越大，压强越小；（3）大。

【点评】此题考查大气压的综合应用、流体压强和流速的关系、物体浮沉条件及其应用，是一道综合性较强的题目，密度计是物体的沉浮条件的实际应用，要结合阿基米德原理和沉浮条件分析有关问题：放入不同的液体，液体密度越大，排开体积越小，类似现象：轮船从江中驶入大海。

30．（7分）如表是小明测一滑轮组机械效率时收集的有关数据。

（1）请在图中画出实验中滑轮组的绕绳方法；

（2）在实验过程中，应沿竖直方向　匀速　拉弹簧测力计；

（3）表格中空缺的数据为　66.7%　

（4）分析表中数据可知：用同一滑轮组提升不同重物至同一高度，提升的物重增加时，所做的额外功　变大　，其中除克服动滑轮重所做的额外功外，其它额外功将　变大　（前两空选填“变大”、“变小”或“不变”）。造成额外功大小变化的原因是　摩擦力增大　。

【分析】（1）知道物体和弹簧测力计移动的距离，求出绳子的段数，根据绳子的段数求出滑轮组的绕法。

（2）为了准确测量，在实验过程中，应沿竖直方向匀速拉弹簧测力计；

（3）直接根据η==进行计算。

（4）滑轮组做的额外功为克服动滑轮重力和绳子间的摩擦力做的功，摩擦力与绳子间的拉力和接触面的粗糙程度有关，因此提的物体越重，摩擦力越大，额外功也会变大。

【解答】解：（1）由表格中数据可知，物体上升的高度h=0.1m，而绳子自由端移动的距离为0.3m，s=3h，所以由3段绳子承担物重，因此要从动滑轮绕起，如下图所示：

（2）为了准确测量，在实验过程中，应沿竖直方向匀速拉弹簧测力计；

（3）第三次实验中，滑轮组的机械效率：η===≈66.7%；

（4）物体越重，每段绳子上承担的物重越大，所以绳子与轮之间的摩擦也会越大，则所做的额外功变大，但克服动滑轮重所做的额外功不变，其它额外功增大；其原因为摩擦力增大。

故答案为：（1）如图；（2）匀速；（3）66.7%；（4）变大；变大；摩擦力增大。

【点评】此题是测量滑轮组的机械效率，主要考查了有关滑轮组的组装，一定要搞清绳端移动距离与物体上升高度之间的关系，同时要熟练掌握机械效率的计算公式：η==，同时要知道s=nh．还考查了影响滑轮组机械效率的因素。

31．（9分）同学们在“探究小灯泡的亮度与功率的关系”实验中，所用电源电压为6V，灯泡的额定电压U0=3.8V，额定功率在1﹣1.5W的范围内。

（1）按图甲所示的电路图，请你用笔画线代替导线将图乙的电路补充完整。

（2）小杜同学在实验过程中，将滑动变阻器的滑片P缓慢向B端移动，小灯泡的实际功率将　变大　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；同时观察到小灯泡的亮度将变　亮　（选填“亮”或“暗”）。

（3）另一组的小张同学在实验过程中发现电流表、电压表示数如图丙所示，此时电流表的示数是　0.2　A，电压表的示数是　2　V，经分析造成这种现象的原因是　电压表量程接错，误以为接的是0～15V，实际接了0～3V　。

（4）小张同学重新调整电路连接后，继续探究小灯泡在额定功率时的亮度，但发现无法准确读出额定电压，他用第（3）小问中所测得数据先算出灯泡的电阻RL，再根据P0=计算灯泡的额定功率。按此方案算出灯的额定功率比真实值偏　大　（选填“大”或“小”），原因是　灯泡电阻随温度的变化而变化，题中所求电阻值RL与灯泡正常发光时的阻值不相等　。

【分析】（1）电流表、滑动变阻器与灯泡串联，电压表与灯泡并联，根据灯泡的额定电压确定电压表的量程，滑动变阻器要接一上一下；

（2）由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步判断灯泡亮暗的变化。

（3）根据电流表所选量程可读数，根据电压表指针位置读数，然后与电源电源比较即可知造成这种现象的原因；

（4）灯泡电阻随温度的变化而变化，题中所求电阻值RL与灯泡正常发光时的阻值不相等，根据P0=分析与真实值的差异。

【解答】解：（1）电压表与灯泡并联，灯泡的额定电压为3.8V，所以应选择0～15V量程；

滑动变阻器已接了上面一个接线柱，应再接下面一个接线柱，如图所示：

（2）由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，

当滑片P缓慢向B端移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，

由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；

由U=IR可知，灯泡两端的电压变大，即电压表的示数变大；

因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮。

（3）由图可知，电流表所选量程为0～0.6A，则由指针位置可知，此时电流表的示数是0.2A，

由灯泡的额定电压U0=3.8V，可知，电压表应接0～15V，若接在0～15V量程，那么由指针位置可知，此时电压为10V，而电源电压为6V，所以没有接在0～15V量程，接在0～3V量程，故此时电压表的示数为2V，由此可知，电压表量程接错，误以为接的是0～15V，实际接了0～3V；

（4）因为灯泡电阻随温度的变化而变化，题中所求电阻值RL与灯泡正常发光时的阻值不相等，

灯泡在额定电压3.8V下的电阻比2V下的电阻要大，而算额定功率时是用2V时的电阻，所以RL偏小，根据P0=导致额定功率偏大，

故答案为：（1）见上图；（2）变大；亮；（3）0.2；2；电压表量程接错，误以为接的是0～15V，实际接了0～3V；

（4）大；灯泡电阻随温度的变化而变化，题中所求电阻值RL与灯泡正常发光时的阻值不相等。

【点评】本题考查了连接电路图、欧姆定律的应用、串联电路的特点，连接电路图时，要注意电表量程的选择，注意电表正负接线柱不要接反，第（4）小题有一定的难度，解题是时要注意认真分析。