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2018达州市中考物理压轴试题【解析版含答案】

2018-01-19 14:02:24 文/赵妍妍

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2018达州市中考物理压轴试题 

一、选择题.(每小题只有一个正确选项.本大题共10个小题,每题3分,共30分)

1.下列说法中说明分子在永不停息的做无规则运动的是(  )

A.大风过后,将树叶吹的漫天飞舞

B.寒冷的冬天,大雪纷飞

C.扫除时,空中尘土飞扬

D.红墨水在水中的扩散现象

2.下列实例中,通过做功的方式改变物体内能的是(  )

A.两手相互摩擦,手的温度升高

B.用煤气炉给水加热,水的温度升高

C.把蔬菜放进冰箱,蔬菜的温度降低

D.在阳光照射下,公园里石凳的温度升高

3.关于温度、热量、和内能,下列说法正确的是(  )

A.温度高的物体内能一定大

B.物体的温度越高,所含的热量越多

C.内能少的物体也可能将能量传给内能多的物体

D.物体的内能与温度有关,只要温度不变,物体的内能就一定不变

4.如图的四个冲程不是按照热机正常工作的顺序排列的,你认为让汽车获得动力的冲程是(  )

A.              B.              C.              D.

5.如图所示电路,下列分析正确的是(  )

A.只闭合S1时,L2发光、L1不发光,A2测L2电流

B.只闭合S2时,L1发光、L2不发光,A1测L1电流

C.闭合S1、S2时,L1、L2并联,A2测L2电流

D.闭合S1、S2时,L1、L2串联,A1、A2示数相等

6.三个电阻R1、R2、R3并联于同一电路中,其阻值分别为30Ω、20Ω、10Ω,通过它们的电流分别为I1、I2、I3,那么I1:I2:I3为(  )

A.6:3:2              B.2:3:6              C.3:2:1              D.1:2:3

7.如图所示四个电路中,电阻R的阻值和电源电压已知,根据已知条件和电表的示数能测出电阻Rx阻值的电路是(  )

A.              B.              C.              D.

8.如图所示是某同学研究串联电路中电流、电压特点的电路图.当开关闭合时,灯L1,L2都不亮,电流表无示数,但电压表示数较大,则故障原因可能是(  )

A.L1断路              B.L1短路              C.L2短路              D.L2断路

9.(达州市中考物理)如图所示的电路中,电源两端电压保持不变.开关S闭合,灯L正常发光,将滑动变阻器的滑片P向右滑动,则下列说法中正确的是(  )

A.电压表的示数变大,灯L变亮              B.电压表的示数变小,灯L变暗

C.电流表的示数变大,灯L变暗              D.电流表的示数变小,灯L变亮

10.如图所示电路,已知电流表的量程为0~0.6A,电压表的量程为0~3V,定值电阻R1阻值为6Ω,滑动变阻器R2的最大阻值为24Ω,电源电压为6V,开关S闭合后,在滑动变阻器滑片滑动过程中,保证电流表、电压表不被烧坏的情况下(  )

A.滑动变阻器的阻值变化范围为5Ω﹣24Ω

B.电压表的示数变化范围是1.5V﹣3V

C.电路中允许通过的最大电流是0.6A

D.电流表的示数变化范围是0.2A﹣0.5A

 

二、填空题.(共10个小题,每空1分,共22分)

11.公园中的人工湖可以大大减弱周围地区的“热岛效应”,这是利用了水的  特性.当你漫步在公园中,可以闻到阵阵的花香,说明  .

12.改变物体内能的方式有两种.图甲说明:  可以改变物体的内能;图乙说明:  可以改变物体的内能.

(图甲:放入冰箱的食物温度降低,图乙:迅速压下活塞使引火仪内空气温度升高)

13.热机对环境的污染:一是  污染,二是  污染.若某单缸四冲程汽油机在工作时飞轮转速为3600r/min,则每秒做功  次.

14.汽车在转弯时,位于同侧的前后两个转向灯会同时闪亮,但偶尔也有车在转弯时只亮前灯或后灯.则位于汽车同侧的前后两个转向灯的连接方式为  .要打开转向灯,司机要拨动一下方向盘旁的一根杆子,这根杆子的作用相当于电路中的  .

15.常常用水冷却发动机是利用了水的比热容  的特性;完全燃烧0.1kg的高能汽油,放出的热量为  J.如果这些热量被质量为100kg、初温为20℃的水完全吸收,可以使水的温度升高  ℃.q油=4.62×107kg.

16.两根电阻线的电阻之比是3:4,若通过的电流之比为4:3,则它们两端的电压之比是  ,在相同时间内,电流通过两根电阻线所做的电功之比是  .

17.一只标有“6V 0.6A”的小灯泡,若加在其两端的电压是3V,则灯泡的额定功率是  W,实际功率是  W.若把它接在电压为9V的电源两端并使它正常发光,则需要  联一个  Ω的电阻.

18.我国家庭电路的电压是  .4节新干电池并联的电压是  .

19.小明在修理收音机时将一个50Ω的电阻和一个30Ω的电阻并联起来使用,这两个电阻的等效电阻为  Ω.

20.如图所示电路,电源电压恒定不变,滑动变阻器最大阻值为40Ω,闭合开关,将滑动变阻器滑片放到中点处,电流表示数为0.5A;当把滑片放到最右端时,电流表示数为0.3A,则定值电阻R为  Ω,电源电压为  .

 

三、作图题.(每题3分,共6分)

21.如图所示是小张同学在研究通电螺线管极性时的情形,请标出通电螺线管的N、S极和螺线管中的电流方向.

22.如图,电路中的两个电阻是串联的,请在圆圈中填上合适的电表符号并标上正负接线柱符号.

 

四、实验探究题.(共13分)

23.小岩利用“伏安法”测量未知电阻Rx的阻值.

(1)该实验的实验原理是  ;

(2)小岩选择了满足实验要求的实验器材,连接的实验电路如图1所示,请你添加一条导线将实验电路补充完整;

(3)开关S闭合前,应把图中滑动变阻器滑片P置于最  (填“左”或“右”)端;

(4)电路连接正确后,闭合开关S,滑动变阻器滑片P滑动到某一位置时,电压表的示数如图2甲所示,电流表的示数如图2乙所示,则电压表的示数为  V,电流表的示数为  A,电阻Rx的阻值为  Ω.

24.小明同学想“探究电流跟电阻的关系”.于是他找来了一些器材,开始了科学探究.已知电源电压为6V且保持不变,实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω

(1)他首先连接了如图(甲)所示的电路图.为保证电路安全,连接电路时,开关应  .

(2)他的实验步骤为:

①先让5Ω电阻接入电路,闭合开关,调节滑动变阻器,使电压表的示数为1.5V,记录电流表示数;

②将5Ω电阻换成10Ω电阻,闭合开关后发现电压表示数大于1.5V,应将滑动变阻器的滑片向  (填“左”或“右”)移动,当观察到电压表示数为   V时,记录电流表示数;

③将10Ω电阻换成15Ω电阻,闭合开关后发现:当滑动变阻器的滑片移动到最右端时,电流表和电压表的示数如图(乙)所示.出现上述情况的原因可能是  

A.滑动变阻器最大阻值太大

B.滑动变阻器最大阻值太小

C.滑动变阻器断路

D.定阻电阻短路

(3)更换部分实验器材,继续完成整个探究实验后,用测得的数据绘制了如图(丙)的图象,根据该图象可以得出的结论是:  .

(4)为完成整个实验,应该选取最大阻值不小于  Ω的滑动变阻器.

 

五、计算题.(每题7分,共14分)

25.在一次课外活动中,小华同学对家里的电磁炉进行了相关的观察和研究,并记录了电磁炉及她家电能表的有关数据,如表所示.(水的比热容为c=4.2×103J/(kg℃).

观察对象有关记录研究活动
电磁炉

铭牌

U额=220V

P额=1kW

①用电磁炉加热一壶水(水的质量m=2kg,初温t0=30℃)

②关闭家里其它用电器.只将该电磁炉接入电路烧水,观察到电能表表盘在5min内转了150r,最后测得水的温度 t=50℃

电能表

铭牌

220V  10

(40)A

50Hz  2000r/kWh

请你根据小华同学在活动中获得的有关资料,求解在这段时间内:

(1)水所吸收的热量;

(2)电磁炉的实际功率;

(3)电磁炉烧水的效率.

26.灯L标有“6V  3W”字样,滑动变阻器R2的最大电阻为12Ω,R1=12Ω,当开关S1闭合,S2、S3断开,滑片P滑至滑动变阻器a端时,灯L恰好正常发光.试求:

(1)电源电压是多少?

(2)灯L正常发光时的电流和电阻各是多少?

(3)当S1、S2、S3都闭合且滑动变阻器滑片P滑到R2中点时,电流表的示数和此时电路消耗的总功率各是多少?

 

达州市中考物理参考答案与试题解析

 

一、选择题.(每小题只有一个正确选项.本大题共10个小题,每题3分,共30分)

1.下列说法中说明分子在永不停息的做无规则运动的是(  )

A.大风过后,将树叶吹的漫天飞舞

B.寒冷的冬天,大雪纷飞

C.扫除时,空中尘土飞扬

D.红墨水在水中的扩散现象

【考点】宏观热现象和分子热运动的联系.

【分析】(1)不同的物质在相互接触时,彼此进入对方的现象叫做扩散,这一现象说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动.

(2)由于分子的体积很小,分子的运动无法用肉眼直接看到,但可以通过气味、颜色的变化来体现.

【解答】解:

A、树叶飞舞是可以看到的物体的运动,故A不符合题意;

B、大雪纷飞也是可以看到的物体的运动,故B不符合题意;

C、尘土飞扬也是可以看到的物体的运动,故C不符合题意;

D、扩散现象说明了分子在不停做无规则运动,故D符合题意.

故选D.

【点评】要把宏观物体或者物质的运动和微观分子的运动区别开来,解题的关键是要掌握“分子的运动是肉眼看不见的”的这个基本条件.一般来说,闻到气味或者扩散现象都能说明是分子的运动.

 

2.下列实例中,通过做功的方式改变物体内能的是(  )

A.两手相互摩擦,手的温度升高

B.用煤气炉给水加热,水的温度升高

C.把蔬菜放进冰箱,蔬菜的温度降低

D.在阳光照射下,公园里石凳的温度升高

【考点】做功改变物体内能.

【分析】改变物体内能有两种方式:做功和热传递.做功实质是能量的转化,热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体,或者是从一个物体的高温部分传到低温部分,有传导、对流和辐射三种方式.

【解答】解:A、两手相互摩擦,手的温度升高,是克服摩擦力做功,机械能转化成内能,属于做功增加物体的内能;

B、用煤气炉给水加热,水的温度升高,是炉火的内能转移给了水,属于热传递改变物体的内能;

C、把蔬菜放进冰箱,蔬菜的温度降低,是蔬菜的内能转移给了冰箱,属于热传递减小了物体的内能;

D、在阳光照射下,公园里石凳的温度升高,是太阳光的热辐射增加了石凳的内能,属于热传递增加物体的内能.

故选A.

【点评】做功和热传递虽然都能改变物体内能,但热传递是内能的转移,而做功是内能与机械能的转化,两者的实质不一样.

 

3.关于温度、热量、和内能,下列说法正确的是(  )

A.温度高的物体内能一定大

B.物体的温度越高,所含的热量越多

C.内能少的物体也可能将能量传给内能多的物体

D.物体的内能与温度有关,只要温度不变,物体的内能就一定不变

【考点】温度、热量与内能的关系.

【分析】(1)一切物体都具有内能,内能包括分子动能和分子势能,所以,内能的大小与物体的温度、质量和体积有关.

(2)热量是过程量,就是说,热量只存在于热传递中,只能说吸收或放出热量,不能说含有或者具有热量.

【解答】A、温度高的物体内能一定大;错误,因为内能的大小与物体的温度、质量和体积都有关.故A不正确.

B、热量是一过程量,描述它的术语是“吸收”和“放出”,不能用含有.故B不正确.

C、内能少的物体也可能将能量传给内能多的物体,能量是从高温物体转移到低温物体.故C正确

D、物体的内能与温度有关,只要温度不变,物体的内能就一定不变.错误,内能的大小还与质量和体积有关.故D不正确.

故选C.

【点评】本题是一道热学综合题,主要考查学生对内能、温度、热传递的理解,是中考的热点,热学的难点.要特别注意:温度升高,内能一定增加;但是,内能增加,温度不一定升高.

 

4.如图的四个冲程不是按照热机正常工作的顺序排列的,你认为让汽车获得动力的冲程是(  )

A.              B.              C.              D.

【考点】内燃机的四个冲程.

【分析】在汽油机的四个冲程中,

①进气阀和排气阀均关闭的只有压缩冲程和做功冲程,而在压缩冲程中活塞向上运动,做功冲程中活塞向下运动;

②一个气阀打开,另一个气阀关闭的是吸气冲程和排气冲程,而在吸气冲程中活塞向下运动,排气冲程中活塞向上运动;

③两个冲程发生能量转化,一是压缩冲程中机械能转化为内能;二是做功冲程中内能转化为机械能,该冲程让汽车获得动力.

【解答】解:

在汽油机的四个冲程(吸气、压缩、做功、排气)中,内能转化为机械能的是做功冲程,该冲程让汽车获得动力;

A图:进气门打开,活塞向下运动,气缸容积增大,是吸气冲程,不符合题意;

B图:气门都关闭,火花塞喷出电火花,活塞向下运行,气缸容积增大,是做功冲程,符合题意;

C图:气门都关闭,活塞向上运行,气缸容积减小,是压缩冲程,不符合题意;

D图:排气门打开,活塞向上运行,气缸容积减小,是排气冲程,不符合题意.

故选B.

【点评】本题考查了汽油机的四个冲程:吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程,以及做功冲程的能量转化,是中考的热点内容.

 

5.(达州市中考物理)如图所示电路,下列分析正确的是(  )

A.只闭合S1时,L2发光、L1不发光,A2测L2电流

B.只闭合S2时,L1发光、L2不发光,A1测L1电流

C.闭合S1、S2时,L1、L2并联,A2测L2电流

D.闭合S1、S2时,L1、L2串联,A1、A2示数相等

【考点】电路的基本连接方式;串联电路和并联电路的辨别.

【分析】电流表的电阻很小,相当于导线.可以根据电流的走向判断电路的连接方式.根据与电流表是否串联判断测量的是哪个灯泡的电流.

【解答】解:A、只闭合S1时,由于S2的断开,A2和灯泡L2处于断开状态,电路中只有灯泡L1连入电路,因此L1发光、L2不发光,A1测L1电流.故A错误.

B、只闭合S2时,由于S1在干路上,整个电路处于断开状态,电路没有形成通路,则灯泡都不亮,故B错误.

CD、闭合S1、S2时,电流分两路分别流入L1、L2,L1、L2并联,则A1测L1电流,A2测L2电流,故C正确,D错误.

故选C.

【点评】此题主要考查了对电路连接方式的分析,同时还考查了电流表的连接情况.

 

6.三个电阻R1、R2、R3并联于同一电路中,其阻值分别为30Ω、20Ω、10Ω,通过它们的电流分别为I1、I2、I3,那么I1:I2:I3为(  )

A.6:3:2              B.2:3:6              C.3:2:1              D.1:2:3

【考点】欧姆定律的应用;电阻的并联.

【分析】根据并联电路中支路电流与支路电阻的比值关系进行分析,即电流之比等于电阻的反比.

【解答】解:因为R1:R2:R3=30Ω:20Ω:10Ω=3:2:1;

所以=2:3:6.

故选B.

【点评】会熟练应用欧姆定律,知道并联电路电阻与电流的比值关系.

 

7.如图所示四个电路中,电阻R的阻值和电源电压已知,根据已知条件和电表的示数能测出电阻Rx阻值的电路是(  )

A.              B.              C.              D.

【考点】电阻的串联;欧姆定律的应用;电阻的并联.

【分析】求解电阻的阻值可利用欧姆定律公式R=,只要能测出电压值和电流值,就可以求出电阻的大小.

【解答】解:A、两个电阻并联,电压表的示数即为它们的电压,但无法测出通过Rx的电流,所以不能测出电阻,不符合题意;

B、Rx被电流表短路,所以不能测出电阻,不符合题意;

C、两个电阻是并联的,所以电压一样,电压可以通过U=IR求出,但无法测出电流,所以不能测出电阻,不符合题意;

D、两个电阻是串联的,电压表测的是Rx的电压值,而电源电压已知,所以可以求出电阻R的电压,利用公式I=可以求出通过它们的电流,然后再利用公式R=求出Rx的电阻,可以测出阻值,符合题意;

故选D.

【点评】本题型可结合串并联电路的特点,利用欧姆定律求解电阻的大小.

 

8.如图所示是某同学研究串联电路中电流、电压特点的电路图.当开关闭合时,灯L1,L2都不亮,电流表无示数,但电压表示数较大,则故障原因可能是(  )

A.L1断路              B.L1短路              C.L2短路              D.L2断路

【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用.

【分析】由电路图可知,两灯泡串联,电压表测灯泡L2两端的电压,电流表测电路中的电流;电压表有示数说明电压表两接线柱与电源两端的连接是通路,电流表无示数、两灯泡不亮说明电压表并联的部分断路.

【解答】解:由电路图可知,两灯泡串联,电压表测灯泡L2两端的电压,电流表测电路中的电流;

∵电压表有示数,

∴电压表两接线柱与电源两端的连接是通路,

∵电流表无示数、两灯泡不亮,

∴电压表并联的部分断路,即故障原因可能是L2断路.

故选D.

【点评】本题考查了电路故障的判断,电路故障要么短路、要么断路,在判断时关键是看电表有无示数.

 

9.如图所示的电路中,电源两端电压保持不变.开关S闭合,灯L正常发光,将滑动变阻器的滑片P向右滑动,则下列说法中正确的是(  )

A.电压表的示数变大,灯L变亮              B.电压表的示数变小,灯L变暗

C.电流表的示数变大,灯L变暗              D.电流表的示数变小,灯L变亮

【考点】电路的动态分析.

【分析】由电路图可知,灯泡和滑动变阻器串联,电压表测灯泡两端电压,电流表测量电路的电流;根据滑片的移动判断接入电路电阻的变化和电路总电阻的变化,根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端电压的变化,根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化和灯泡亮暗的变化.

【解答】解:将滑动变阻器的滑片P向右滑动时,接入电路的电阻变大,电路的总电阻变大;

根据I=可知,电路中的电流变小,即电流表的示数变小;

根据U=IR可知,灯泡两端的电压变小,由P=UI可知,灯泡的实际功率变小,故灯泡变暗.

故选:B.

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率的应用,关键是会判断滑片移动时电路电阻的变化和知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小.

 

10.如图所示电路,已知电流表的量程为0~0.6A,电压表的量程为0~3V,定值电阻R1阻值为6Ω,滑动变阻器R2的最大阻值为24Ω,电源电压为6V,开关S闭合后,在滑动变阻器滑片滑动过程中,保证电流表、电压表不被烧坏的情况下(  )

A.滑动变阻器的阻值变化范围为5Ω﹣24Ω

B.电压表的示数变化范围是1.5V﹣3V

C.电路中允许通过的最大电流是0.6A

D.电流表的示数变化范围是0.2A﹣0.5A

【考点】欧姆定律的应用.

【分析】由电路图可知,R1与R2串联,电压表测R1两端的电压,电流表测电路中的电流.

(1)根据欧姆定律求出电压表的示数为3V时,电路中的电流,然后结合电流表的量程确定电路中的最大电流,电路中的电流最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最小,电压表的示数最大,根据欧姆定律求出电路中的总电阻,利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值;

(2)当滑动变阻器的最大阻值和定值电阻串联时,电路中的电流最小,电压表的示数最小,根据电阻的串联和欧姆定律求出它们的大小.

【解答】解:由电路图可知,R1与R2串联,电压表测R1两端的电压,电流表测电路中的电流.

(1)根据欧姆定律可得,电压表的示数为3V时,电路中的电流:

I===0.5A,

由于电流表的量程为0~0.6A,则电路中的最大电流为0.5A,故C错误;

此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小,

由欧姆定律可知电路中的总电阻:

R===12Ω,

根据串联电路中总电阻等于各分电阻之和可知:

变阻器接入电路中的最小阻值R2最小=R﹣R1=12Ω﹣6Ω=6Ω,

即滑动变阻器的阻值变化范围为6Ω~24Ω,故A错误;

(2)当滑动变阻器的最大阻值和定值电阻串联时,电路中的电流最小,电压表的示数最小,

此时电路中的最小电流:

I′===0.2A,

则电流表的示数变化范围是0.2A~0.5A,故D正确;

电压表的最小示数:

U1′=I′R1=0.2A×6Ω=1.2V,

则电压表的示数变化范围是1.2V~3V,故B错误.

故选D.

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活应用,此类题应根据电流表、电压表的最大值,由欧姆定律计算电路对应的电流或电压值,再由串联电路的电流、电压、电阻特点进行相关的计算.

 

二、填空题.(共10个小题,每空1分,共22分)

11.公园中的人工湖可以大大减弱周围地区的“热岛效应”,这是利用了水的  特性.当你漫步在公园中,可以闻到阵阵的花香,说明  .

【考点】水的比热容的特点及应用;扩散现象.

【分析】(1)人工湖,水多,因为水的比热容较大,相同质量的水和其它物质比较,吸收或放出相同的热量,水的温度升高或降低的少,据此分析;

(2)一切物体的分子都在永不停息的做无规则运动,由于分子的体积很小,分子的运动无法用肉眼直接看到,但可以通过气味、颜色的变化来体现;

【解答】解:(1)因为水的比热容较大,相同质量的水和沙石比较,吸收相同的热量,水的温度升高的少,减弱了周围地区的“热岛效应”;

(2)闻到阵阵花香,说明花的分子在不停地做无规则运动;

故答案为:比热容;分子不停地做无规则运动.

【点评】本题考查了水的比热容较大的特点、分子的运动的知识,难度不大,但综合性强、密切联系生活,属于中考的热点.

 

12.改变物体内能的方式有两种.图甲说明:  可以改变物体的内能;图乙说明:  可以改变物体的内能.

(图甲:放入冰箱的食物温度降低,图乙:迅速压下活塞使引火仪内空气温度升高)

【考点】做功改变物体内能;热传递改变物体内能.

【分析】改变物体内能有两种方式:做功和热传递.做功主要有摩擦生热和压缩气体做功,做功实质是能量的转化,热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体,或者是从一个物体的高温部分传到低温部分,有传导、对流和辐射三种方式.

【解答】解:甲图中,放入冰箱的食物放出热量、温度降低,是通过热传递的方式降低了物体的温度;

乙图中,迅速压下活塞使引火仪内空气温度升高,活塞压缩空气做功,是通过做功的方式增大了空气的内能.

故答案为:热传递;做功.

【点评】本题考查了改变物体内能的方式,属于基础知识的考查,抓住这两种方式的本质是解题的关键.

 

13.热机对环境的污染:一是  污染,二是  污染.若某单缸四冲程汽油机在工作时飞轮转速为3600r/min,则每秒做功  次.

【考点】有关热机的计算.

【分析】(1)热机的对环境的影响包括两个方面:热机工作时会产生噪声污染;废气中主要包含二氧化碳、二氧化硫,会造成温室效应和酸雨;

(2)热机完成一个工作循环,要经过4个冲程,活塞往复运动2次,曲轴和飞轮转动2周,燃气对外做功1次,根据这个比例关系可以求出答案.

【解答】解:热机在给人们提供动力的同时也对环境造成污染,由于热机运转时需要燃烧化石能源,

会产生大量的烟尘和废气,所以会造成大气污染,同时,由于各部位的振动会产生高分贝的噪声,造成噪声污染.

飞轮转速是3600r/min=60r/s,因为一个工作循环飞轮转2圈,对外做功1次,

所以汽油机每秒可以做功的次数:n=×60=30次.

故答案为:噪声;大气;30.

【点评】此题考查热机对环境的影响及飞轮转速的含义的理解,明确内燃机一个工作循环,经历四个冲程,燃气对外做功一次,活塞往复运动两次,曲轴和飞轮转动两周,熟记相关数据是正确解题的关键.

 

14.(达州市中考物理)汽车在转弯时,位于同侧的前后两个转向灯会同时闪亮,但偶尔也有车在转弯时只亮前灯或后灯.则位于汽车同侧的前后两个转向灯的连接方式为  .要打开转向灯,司机要拨动一下方向盘旁的一根杆子,这根杆子的作用相当于电路中的  .

【考点】串联电路和并联电路的辨别.

【分析】要解决此题,需要掌握串并联电路的特点:串联电路,电流只有一条通路,开关控制整个电路.并联电路电流有多条通路,各支路互不影响.

【解答】解:汽车的前后转向灯可以单独工作,所以它们是并联的.

司机拨动方向盘旁的杆子,转向灯才会工作,所以这根杆子起到了开关的作用.

故答案为:并联;开关.

【点评】此题主要考查了串并联电路的区别,首先要掌握串并联电路的特点,关键是看用电器能否单独工作.

 

15.常常用水冷却发动机是利用了水的比热容  的特性;完全燃烧0.1kg的高能汽油,放出的热量为  J.如果这些热量被质量为100kg、初温为20℃的水完全吸收,可以使水的温度升高  ℃.q油=4.62×107kg.

【考点】水的比热容的特点及应用;热平衡方程的应用.

【分析】(1)水的比热容大,相同质量的水和其它物质比较,升高或降低相同的温度,水吸收或放出的热量多;

(2)知道汽油的质量和热值,利用燃料完全燃烧放热公式Q放=mq求放出的热量;

(3)再由Q放=Q吸=cm△t,得到△t=后计算水升高的温度.

【解答】解:(1)因为水的比热容大,相同质量的水和其它物质比较,升高相同的温度,水吸收的热量多,所以人们用冷水冷却发动机;

(2)完全燃烧0.1kg汽油放出的热量:

Q放=qm煤油=4.62×107J/kg×0.1kg=4.62×106J;

(4)∵Q吸=cm△t=Q放,

∴水温度升高值:

△t===11℃.

故答案为:大;4.62×106;11.

【点评】本题考查了学生对水的比热容大的应用、公式Q放=mq和Q吸=cm△t的了解与掌握,计算时注意升高了(△t)、升高到(末温)和升高(△t)的区别.

 

16.两根电阻线的电阻之比是3:4,若通过的电流之比为4:3,则它们两端的电压之比是  ,在相同时间内,电流通过两根电阻线所做的电功之比是  .

【考点】电功的计算;欧姆定律的应用.

【分析】(1)利用U=IR计算分析电压之间的关系;

(2)利用公式W=UIt分析电流所做的功.

【解答】解:(1)两端的电压之比==×=×==1:1;

(2)电流通过两根电阻线所做的电功之比==××=××=4:3.

故答案为:1:1;4:3.

【点评】(1)本题中不知道是串联还是并联,直接把已知全部代入公式中去分析比较;

(2)第二问也可以用公式W=I2Rt去分析,在分析这类题的时候关键点在于确定一个适合的计算公式.

 

17.一只标有“6V 0.6A”的小灯泡,若加在其两端的电压是3V,则灯泡的额定功率是  W,实际功率是  W.若把它接在电压为9V的电源两端并使它正常发光,则需要  联一个  Ω的电阻.

【考点】欧姆定律的应用.

【分析】(1)已知灯泡的额定电压和额定电流,可求额定功率;

(2)先求出灯丝的电阻,然后利用P=已知实际电压和电阻,可求实际功率;

(3)把它接在电压为9V的电源两端并使它正常发光,则必须串联一个电阻,电阻分担的电压为3V,已知电流,可求电阻.

【解答】解:(1)P额=UI=6V×0.6A=3.6W;

(2)∵I=

∴R===10Ω,

灯泡的实际功率:P实===0.9W;

(3)把它接在电压为9V的电源两端并使它正常发光,需要串联分压,另一个电阻分压U1=U总﹣U=9﹣6V=3V.则R串===5Ω.

故答案为:3.6;0.9;串;5.

【点评】本题考查电功率的计算,欧姆定律的应用,串联电阻电压的规律.

 

18.我国家庭电路的电压是  .4节新干电池并联的电压是  .

【考点】电压;家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法.

【分析】我国家庭电路电压是220V,一节新干电池的电压为1.5V,根据并联电路的电压特点可知4节新干电池并联的电压.

【解答】解:我国家庭电路电压是220V,

因并联电路中各支路两端的电压相等,且一节新干电池的电压为1.5V,

所以,4节新干电池并联的电压为1.5V.

故答案为:220V;1.5V.

【点评】本题考查了学生对我国家庭电路的电压和一节干电池电压的记忆以及并联电路电压特点的应用,是一道基础题目.

 

19.小明在修理收音机时将一个50Ω的电阻和一个30Ω的电阻并联起来使用,这两个电阻的等效电阻为  Ω.

【考点】电阻的并联.

【分析】知道两电阻的阻值,根据电阻的并联求出它们并联时的等效电阻.

【解答】解:因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和,

所以, =+=+=

解得:R==18.75Ω.

故答案为:18.75.

【点评】本题考查了电阻的并联,是一道基础题目.

 

20.如图所示电路,电源电压恒定不变,滑动变阻器最大阻值为40Ω,闭合开关,将滑动变阻器滑片放到中点处,电流表示数为0.5A;当把滑片放到最右端时,电流表示数为0.3A,则定值电阻R为  Ω,电源电压为  .

【考点】欧姆定律的应用.

【分析】由电路图可知,R与R′串联,电流表测电路中的电流,根据电阻的串联和欧姆定律分别表示出两种情况下电源的电压,利用电源的电压不变得出等式即可求出R的阻值,进一步求出电源的电压.

【解答】解:当将滑动变阻器滑片放到中点处,R与R′阻值的一半串联,电流表测电路中的电流,

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,

所以,由I=可得,电源的电压:

U=I(R+)=0.5A×(R+),

当移动滑片P至最右端时,R与R′的最大阻值串联,电流表测电路中的电流,

则电源的电压:

U=I′(R+R′)=0.3A×(R+40Ω),

因电源的电压不变,

所以,0.5A×(R+)=0.3A×(R+40Ω),

解得:R=10Ω,

电源的电压U=I′(R+R′)=0.3A×(10Ω+40Ω)=15V.

故答案为:10;15V.

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活应用,关键是利用好电源的电压不变这一条件.

 

三、作图题.(每题3分,共6分)

21.如图所示是小张同学在研究通电螺线管极性时的情形,请标出通电螺线管的N、S极和螺线管中的电流方向.

【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断;磁感线及其特点;安培定则.

【分析】由小磁针的指向可知磁场的方向,由磁感线的特点可知螺线管的磁极,由右手螺旋定则可求得电流方向.

【解答】解:小磁针N极方向向左,说明小磁针所在位置磁感线向左,因外部磁感线由N极指向S极,故电磁铁右侧为N极;

由右手螺旋定则可得电流由左侧流入,故答案如图所示:

【点评】右手螺旋定则内容为:右手握住螺线管,四指指向电流方向,大拇指所指的方向为螺线管N极方向.

 

22.如图,电路中的两个电阻是串联的,请在圆圈中填上合适的电表符号并标上正负接线柱符号.

【考点】电流表的使用;电压表的使用.

【分析】(1)电流表串联在被测电路中,电流由正接线柱流入,负接线柱流出,电流表在电路中相当于一根导线,电流表所处位置相当于短路;

(2)电压表与被测电路并联,正接线柱接近电源正极端,负接线柱接近电源负极端,电压表接在电路中,电压表所在支路相当于断路.

【解答】解:

上面的电表应该为电压表,如果是电流表,开关闭合后会发生电源短路;

上面的电表是电压表,下面的电表也应该为电压表,如果是电流表,开关闭合后会R2会被短路,电路图如图所示:

【点评】本题考查学生对电流表和电压表的特点的了解和掌握,该类题是常考题型.注意电流表在电路中相当于导线,电压表相当于开路,所以电流表一定不能和用电器并联,电压表不能和用电器串联.

 

四、实验探究题.(共13分)

23.小岩利用“伏安法”测量未知电阻Rx的阻值.

(1)该实验的实验原理是  ;

(2)小岩选择了满足实验要求的实验器材,连接的实验电路如图1所示,请你添加一条导线将实验电路补充完整;

(3)开关S闭合前,应把图中滑动变阻器滑片P置于最  (填“左”或“右”)端;

(4)电路连接正确后,闭合开关S,滑动变阻器滑片P滑动到某一位置时,电压表的示数如图2甲所示,电流表的示数如图2乙所示,则电压表的示数为  V,电流表的示数为  A,电阻Rx的阻值为  Ω.

【考点】伏安法测电阻的探究实验.

【分析】(1)伏安法测电阻,是利用电压表和电流表分别测量导体两端电压和通过导体的电流,然后利用欧姆定律的变形公式求出电阻;

(2)在“伏安法测电阻”实验中,需要待测电阻、电流表、滑动变阻器、电源、开关使用导线串联组成电路,并且电压表与待测电阻并联测量电阻两端电压;

(3)连接完电路后,闭合开关前,需将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处;

(4)读取电流表或电压表示数时,首先要明确它们选择的量程和对应的分度值,读数时视线与指针所在刻线相垂直.已知待测电阻两端电压和通过的电流,利用公式R=得到电阻阻值.

【解答】解:(1)∵I=

∴伏安法测电阻的原理是R=

(2)由图知,大部分用电器已经正确连接,只要取一条导线将电压表和待测电阻左端的两个接线柱连接即可.实物连接如下:

(3)连接完电路后,闭合开关前,需将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处,故将滑动变阻器滑片P置于最左端;

(4)电压表选择的是0~3V量程,对应的分度值为0.1V,此时的示数为2.5V;

电流表选择的是0~0.6A量程,对应的分度值为0.02A,此时的电流为0.5A;

待测电阻阻值为R===5Ω.

故答案为:(1)R=;(3)左;(4)2.5;0.5;5.

【点评】此题考查的是伏安法测电阻的原理、实物连接、电流表、电压表的读数以及电阻的计算,属于电学最重要的实验,但考查的难度不大,容易解答.

 

24.(达州市中考物理)小明同学想“探究电流跟电阻的关系”.于是他找来了一些器材,开始了科学探究.已知电源电压为6V且保持不变,实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω

(1)他首先连接了如图(甲)所示的电路图.为保证电路安全,连接电路时,开关应  .

(2)他的实验步骤为:

①先让5Ω电阻接入电路,闭合开关,调节滑动变阻器,使电压表的示数为1.5V,记录电流表示数;

②将5Ω电阻换成10Ω电阻,闭合开关后发现电压表示数大于1.5V,应将滑动变阻器的滑片向  (填“左”或“右”)移动,当观察到电压表示数为   V时,记录电流表示数;

③将10Ω电阻换成15Ω电阻,闭合开关后发现:当滑动变阻器的滑片移动到最右端时,电流表和电压表的示数如图(乙)所示.出现上述情况的原因可能是  

A.滑动变阻器最大阻值太大

B.滑动变阻器最大阻值太小

C.滑动变阻器断路

D.定阻电阻短路

(3)更换部分实验器材,继续完成整个探究实验后,用测得的数据绘制了如图(丙)的图象,根据该图象可以得出的结论是:  .

(4)为完成整个实验,应该选取最大阻值不小于  Ω的滑动变阻器.

【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验.

【分析】(1)为保护用电器,在连接电路过程中,开关要断开;

(2)探究“电流与电阻的关系”,需保持电阻两端的电压不变;

根据串分压的知识,电阻越大,分得的电压越大,要保持电压表的示数不变,需通过滑动变阻器进行调节;

(3)研究电流与电压电阻的关系时,要用到控制变量法,通过对图象数据的分析可以得出结论;

(4)为完成整个实验,根据图象以及电阻R和滑动变阻器串联分压的特点,来正确分析和计算出滑动变阻器的最小电阻值.

【解答】解:

(1)为保证电路安全,连接电路时,开关应断开;

(2)②根据串联电阻分压的知识,将5Ω电阻换成10Ω电阻,闭合开关后发现电压表示数大于1.5V,所以应增大滑动变阻器的阻值,将滑片向右滑动,直到电压表示数为1.5V;

③由图2知,电流表的示数为0.12A,电压表的示数为1.8V;

将10Ω电阻换成15Ω电阻,当滑动变阻器的滑片移动到最右端时,导体两端的电压太大,则不是电阻短路,并说明滑动变阻器的分得的电压太小,则是由于滑动变阻器阻值太小造成的.

(3)分析图象数据可知,定值电阻两端的电压保持1.5V不变,电阻变为原来的几倍,通过的电流变为原来的几分之一,故可得结论:电压一定,导体中的电流跟导体的电阻成反比;

(4)由题目的要求和图象可知,电阻R的最大阻值R=25Ω,此时的最小电流I小=0.06A,那么,此时的总电阻最大值为:

R大===100Ω,

故要求滑动变阻器的最大值不能小于R大′=R大﹣R=100Ω﹣25Ω=75Ω.

故答案为:(1)断开;(2)②右;1.5;③B;(3)电压一定时,电流与电阻成反比;(4)75.

【点评】此题属于电学方面的综合题目,考查的知识点比较广泛,综合性比较强,对学生的综合能力要求比较高,属于中考题目的热点和焦点.因此,在做这方面的题目时,一定要静下心来,仔细阅读,认真审题.

 

五、计算题.(每题7分,共14分)

25.在一次课外活动中,小华同学对家里的电磁炉进行了相关的观察和研究,并记录了电磁炉及她家电能表的有关数据,如表所示.(水的比热容为c=4.2×103J/(kg℃).

观察对象有关记录研究活动
电磁炉

铭牌

U额=220V

P额=1kW

①用电磁炉加热一壶水(水的质量m=2kg,初温t0=30℃)

②关闭家里其它用电器.只将该电磁炉接入电路烧水,观察到电能表表盘在5min内转了150r,最后测得水的温度 t=50℃

电能表

铭牌

220V  10

(40)A

50Hz  2000r/kWh

请你根据小华同学在活动中获得的有关资料,求解在这段时间内:

(1)水所吸收的热量;

(2)电磁炉的实际功率;

(3)电磁炉烧水的效率.

【考点】电功与热量的综合计算;能量利用效率;热量的计算;电功率的计算;实际功率.

【分析】(1)知道水壶内水的质量、水的比热容、水温度的变化,利用吸热公式求水吸收的热量;

(2)知道只将电磁炉接入电路烧水观察电能表,表盘在5min内转了150r,利用电能表的参数“2000r/kWh”求电磁炉工作5min消耗的电能;

知道电磁炉工作5min消耗的电能,利用求电磁炉的功率;

(3)电磁炉烧水的效率等于水吸收的热量与电磁炉消耗电能的比值.

【解答】解:

(1)Q吸=c水m(t﹣t0)

=4.2×103J/(kg℃)×2kg×(50℃﹣30℃)

=1.68×105J;

(2)电磁炉工作5min消耗的电能:

W==×3.6×106J=2.7×105J;

电磁炉的功率:

P===900W;

(3)电磁炉烧水的效率:

η==≈62.2%.

答:(1)水所吸收的热量为1.68×105J;

(2)电磁炉的实际功率为900W;

(3)电磁炉烧水的效率为62.2%.

【点评】本题是一道电学与热学的综合应用题,与生活及到了实际功率、额定电压、额定功率的理解,考查了消耗电能的计算、热量的计算、电功率的计算,对电能表参数的理解和运用是本题的关键.

 

26.灯L标有“6V  3W”字样,滑动变阻器R2的最大电阻为12Ω,R1=12Ω,当开关S1闭合,S2、S3断开,滑片P滑至滑动变阻器a端时,灯L恰好正常发光.试求:

(1)电源电压是多少?

(2)灯L正常发光时的电流和电阻各是多少?

(3)当S1、S2、S3都闭合且滑动变阻器滑片P滑到R2中点时,电流表的示数和此时电路消耗的总功率各是多少?

【考点】欧姆定律的应用;串联电路的电流规律;串联电路的电压规律;电功率的计算.

【分析】(1)当开关S1闭合,S2、S3断开,滑片P滑至滑动变阻器a端时,电路为灯泡L的简单电路,根据灯泡正常发光时的电压和额定电压相等得出电源的电压;

(2)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等,根据P=UI求出电流,利用欧姆定律求出电阻;

(3)当S1、S2、S3都闭合且滑动变阻器滑片P滑到R2中点时,R1与R2并联,电流表测干路电流,根据并联电路的电压特点和欧姆定律分别求出各支路的电流,利用并联电路的电流求出干路电流,利用P=UI求出电路消耗的总功率.

【解答】解:(1)当开关S1闭合,S2、S3断开,滑片P滑至滑动变阻器a端时,电路为灯泡L的简单电路,

∵L正常发光,

∴电源的电压:

U=U额=6V;

(2)L正常发光时,两端的电压UL=6V,功率为3W,

∵P=UI,

∴通过的电流I实=I额===0.5A,

∵I=

∴灯泡的电阻RL===12Ω;

(3)当开关S1、S2、S3都闭合且滑片滑到中点时,电阻R1、R2并联,

∵并联电路中各支路两端的电压相等,

∴两支路的电流分别为:

I1===0.5A,I2===1A,

∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和,

∴电流表的示数:

I=I1+I2=0.5A+1A=1.5A,

此时电路消耗的总功率:

P总=UI=6V×1.5A=9W.

答:(1)电源电压是6V;

(2)灯L正常发光时的电流为0.5A,电阻为12Ω;

(3)当S1、S2、S3都闭合且滑动变阻器滑片P滑到R2中点时,电流表的示数为1.5A,此时电路消耗的总功率为9W.

【点评】本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用,关键是开关闭和、断开时电路连接方式的判断和知道实际电流与额定电流相等时灯泡正常发光.

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