2018年柳州中考物理冲刺试题word版（含解析）

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2018年柳州中考物理冲刺试题

一、选择题

1．如图中为了增大摩擦的是（　　）

A．

磁悬浮列车被轨道上的强磁场微微托起

B．

气垫船的船底与水面之间有一层空气垫

C．

在轴承中加滚珠

D．

轮胎上制有花纹

2．以下光路图中，正确的是（　　）

A．              B．              C．              D．

3．如图所示的E，F，P，Q四点中，磁场最强的是（　　）

A．E点              B．F点              C．P点              D．Q点

4．如图所示的事例中，符合安全用电原则的是（　　）

A．

用湿布擦正在发光的日光灯              B．

有人触电时应立即切断电源

C．

在高压线附近玩耍              D．

电线接触或靠近高温物体

5．忽略空气阻力，抛出后的小球在空中运动轨迹如图所示，抛出后的小球（　　）

A．受到惯性力的作用，继续向前运动

B．受到重力作用，运动状态发生改变

C．不受力，机械能不变

D．上升过程重力势能转化为动能

6．下面关于天平的使用不正确的是（　　）

A．天乎放在水平台上，左盘放物体，右盘放砝码

B．在使用天平前，先把游码移到标尺的左端“0”刻度线处，调节平衡螺母使天平横梁平衡

C．在称量物体质量时，若指针不在分度盘的中央，可调节平衡螺母使横梁平衡

D．砝码要用镊子拿，不能用手拿

7．WiFi无线上网是当今使用最广的一种无线网络传输技术，实际上就是把有线网络信号转换成无线信号，供支持其技术的相关电脑、手机接收．WiFi无线上网利用了（　　）

A．红外线              B．紫外线              C．电磁波              D．超声波

8．小亮初次使用录音机录制了自己的歌声，他感到磁带放出的声音，不像自己的声音（　　）

A．磁带肯定错了

B．录音效果不好

C．自己听到声音的响度不同

D．听自己的声音主要是骨骼、肌肉传声，与通过空气传声的磁带声音的音色不同

9．如图所示的各电路中，闭合开关后两只灯泡属于并联的是（　　）

A．              B．              C．              D．

10．从显像管尾部的热灯丝发射出来的电子，高速撞击到电视机荧光屏上，使荧光屏发光，则在显像管内（　　）

A．电流方向从灯丝到荧屏

B．显像管内是真空，无法通过电流

C．电流方向从荧屏到灯丝

D．电视机使用的是交流电，显像管中的电流方向不断改变

11．如图为某饲养场牲畜自动饮水器．以下分析错误的是（　　）

A．储水箱与饮水杯A、B、C组成连通器

B．控制进水的自动装置应用了杠杆平衡条件

C．静止时浮子受到平衡力的作用

D．静止时水对三个饮水杯底部压强的关系是：PA＜PB＜PC

12．如图所示的装置中，均匀木棒AB的A端固定在铰链上，悬线一端绕过某定滑轮，另一端套在木棒上使木棒保持水平，现使线套逐渐向右移动，但始终保持木棒水平，则悬线上的拉力（棒和悬线均足够长）（　　）

A．逐渐变小              B．逐渐变大

C．先逐渐变大，后又变小              D．先逐渐变小，后又变大

二、填空题

13．如图所示，给直导线通电时，其下方的小磁针发生偏转，这说明__________；改变直导线中电流方向，小磁针偏转方向__________（选填“改变”或“不变”）．

14．“中国好歌曲”比赛现场，歌手弹奏吉他时不断用手指去控制琴弦长度，这样做的目的是为了改变声音的__________；现场观众会将手机调成静音状态，目的是为了在__________减弱噪声．

15．低碳生活正在广元兴起，据有关研究表明，在保证生活需要的前提下，每人每年少买一件衣物，可节约2.6kg的标准煤（相当减排CO26.5kg），若2.6kg的标准煤完全燃烧则可生产__________J的热量（煤的热值为3.0×107J/kg），煤是__________能源（选填“可再生”或“不可再生”）．

16．通电线圈附近的小磁针静止时N极指向如图所示，则电源A端为__________极；利用通电线圈在磁场中受力转动可制成__________（选填“发电机”或“电动机”）．

17．小萱常用手给奶奶搓背和用热水给奶奶泡脚，都能使奶奶的身体感到暖和．搓背是通过__________的方式改变内能的，泡脚是通过__________的方式改变内能的．

18．学校升旗仪式上，当升旗手缓缓向下拉绳子时，旗子就会徐徐上升．这是由于旗杆顶部有一个__________滑轮，它虽然不能省力，但能够改变__________．国旗匀速上升过程中国旗的__________（动能/重力势能）会逐渐增大．

19．如图甲用夹子所示夹住物品的情况．当用其夹住物品时，它是__________杠杆；如图乙，在钓鱼时候，选择__________（上面/下面）一只手作为支点，更符合我们的生活实际情况．

20．如图所示，电源电压为6V，滑动变阻器R′的最大阻值为30Ω，当滑动变阻器R′的滑片P在最右端时，电压表的示数为1.5V，则小灯泡L的电阻是__________Ω．当滑动变阻器的滑片P移到a点时，电压表的示数为Ua，滑动变阻器的功率为Pa；再移动滑片P到b点时，电压表的示数为Ub，滑动变阻器的功率为Pb．若Ua：Ub，=2：3，Pa：Pb=8：9，则滑动变阻器的滑片p在a、b两点时连入电路的电阻变化了__________Ω（不计灯丝电阻随温度的变化）．

三、作图、实验探究题（共24分）

21．根据平面镜成像特点，在图中作出物体AB在平面镜MN中所成的像A′B′．

22．如图所示，使用羊角锤拔钉子，动力作用在锤柄上A点．请作出拔钉子时所用最小动力F的示意图和它的动力臂L1．

23．如图是“探究平面镜成像特点”的情景：竖立的透明玻璃板下方放一把直尺，直尺与玻璃板垂直；两支相同的蜡烛A、B竖立于玻璃板两侧的直尺上，以A蜡烛为成像物体．

（1）实验时应该__________（较厚/较薄）的透明玻璃板代替平面镜，虽然玻璃板成像不如平面镜清晰，但是用透明玻璃板代替平面镜有一个好处，这个好处是__________．

（2）为便于观察，该实验最好在__________（选填“较明亮”或“较黑暗”）环境中进行，在蜡烛A所在的一侧透过玻璃板观察到另一侧蜡烛A的像，并移动玻璃板后面的蜡烛B，使它与蜡烛A的像重合后，看上去蜡烛B也被点燃，以此可以确定蜡烛A所成像的位置．

（3）若用光屏代替蜡烛B，在玻璃板后面观察光屏，将__________（选填“能”或“不能”）观察到蜡烛A的像，说明所成的像是__________像（选填“虚”或“实”）．

（4）丽丽同学在移动玻璃板后面的蜡烛B时，发现前面点燃的蜡烛的像总在蜡烛B的上方偏高处，蜡烛B与蜡烛A的像无法重合，造成该现象的原因是__________．

24．用如图所示装置探究冰和烛蜡熔化时温度的变化规律．请回答下列问题：

（1）在图（b）中不是对试管直接加热，而是将装有烛蜡的试管放入水中加热，这样加热是为了使固体粉末受热__________（选填“均匀”或“不均匀”）．

（2）图（c）是小明在某个时刻所观察到的温度计的示数，此时所测的温度是__________℃．

（3）实验中用秒表测量时间，图（d）是某一时刻秒表表示的时间，则秒表的读数是__________s．

（4）小华根据所测数据画了一个温度随加热时间变化的图象（假设在加热过程中物质的质量不变，单位时间内吸收的热量相同）．由图象可知这种物质是__________（选填“冰”或“烛蜡”）．

（5）在CD段时，此物质处于__________（选填“固”、“液”或“固液共存”）态．

（6）实验时收集多组数据是为了__________（填序号）．

①得到可靠的结论        ②减小实验误差．

25．某同学做“测量小灯泡电功率”实验中，所用电源电压恒为4V，小灯泡的螺旋套上标有“2.5V”．

（1）在检查仪器时，发现电流表的指针如图1所示，则他接下来的操作是__________．

（2）请你根据图2电路图用笔画线代替导线，将图3中未完成的电路连接好．要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，连入电路的阻值变小，导线不能交叉．

（3）检查仪器和电路无误后，闭合开关，调节调动变阻器片到某一位置时，电压表示数如图4所示，现要测定小灯泡的额定功率，应将滑片适当地向__________（选填“左”或“右”）移动，同时眼睛应观察__________．

（4）改变滑动变阻器的阻值，多次测量通过小灯泡的电流和它两端的电压，根据记录的数据画出了如图5所示的小灯泡的电流随电压变化的关系图象．由此可知，小灯泡的额定功率为__________W，小灯泡线形电阻随电压的增大而__________（选填“增大”、“不变”或“减小”）．

（5）完成了上述实验后，小亮进一步探究通电直导线周围的磁场分布情况，找来小磁针、铁屑、硬纸板等，做了如图6所示的实验，发现了直导线周围的磁场是以导线为圆心的同心圆圈，并找到了判断直导线周围磁场的方法：“用右手握住直导线．让大拇指指向直导线中电流的方向，则弯曲的四指所指方向为磁场方向．”请你用小亮的方法判断如图7中小磁针北极转向__________．图8中小磁针北极转向__________（两空均选填“纸内”或“纸外”）．

四、综合应用题（共24分）

26．一辆质量为1.5t的小货车，载有质量为1.0t的货物，四个车轮与地面接触的总面积为0.1m2，小货车在平直公路匀速行驶1km，所用时间为50s，小货车受到摩擦阻力为车重的0.1倍．（g取10N/kg）．在这段时间内，求：

（1）小货车受牵引力的大小；

（2）小货车对地面的压强；

（3）牵引力做功的功率．

27．随着城市化建设的发展，许多家庭都住进了高楼大厦，小曦家住进新楼后，为了淋浴的方便，购置了一款某型号的电热水器（其铭牌见下表），安装在卫生间的墙上，小曦在使用过程中发现：

（1）注满水的电热水器，在额定电压下连续加热40min，热水器上的温度示数由22℃上升到46.2℃，已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），水的密度为1.0×103kg/m3，求：

①此过程中水吸收的热量是多少？②此过程中电热水器的热效率．

（2）该热水器在某时间段使用时，20min内产生的热量为2.4×106J，求通过电热水器的电流和它工作的实际电压．

28．（10分）（2016•柳州二模）一块冰内含有一小石块，将它们放在盛有质量为1kg水的圆柱形容器中恰好悬浮．（如图甲所示）．此时圆柱形容器内的水面升高了4.6cm，当冰块全部熔化后，容器底部所受水的压强改变了44pa，（如图乙所示）设圆柱形容器内横截面积为50cm2（g取10N/kg，ρ冰=0.9×103kg/m3，ρ水=1.0×103kg/m3求：

（1）含有石块的冰块悬浮时，水对容器底的压强？

（2）石块的体积是多少？

（3）石块的密度是多少？

2018年柳州中考物理冲刺试题参考答案

一、选择题

1．如图中为了增大摩擦的是（　　）

A．

磁悬浮列车被轨道上的强磁场微微托起

B．

气垫船的船底与水面之间有一层空气垫

C．

在轴承中加滚珠

D．

轮胎上制有花纹

【考点】增大或减小摩擦的方法．

【分析】摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关；在接触面粗糙程度相同的情况下，滑动摩擦力大小与压力有关，压力越大摩擦力越大；在压力相同的情况下，滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度有关，接触面越粗糙，摩擦力越大．

【解答】解：A、磁悬浮列车被轨道上的强磁场微微托起，使压力减小，故摩擦力减小；故A错误；

B、气垫船的船底与水面之间有一层空气垫，使船底与水面脱离，从而减小摩擦；故B错误；

C、在轴承中加滚珠，是利用变滑动为滚动的方法减小摩擦；故C错误；

D、轮胎上制有花纹，是使接触面变粗糙，从而增大摩擦；故D正确；

故选D．

【点评】抓住题目中压力的变化以及接触面粗糙程度的变化，进而分析摩擦力的变化情况．

2．以下光路图中，正确的是（　　）

A．              B．              C．              D．

【考点】透镜的光路图．

【分析】凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴．②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点．③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变．

凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴．②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点．③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变．

【解答】解：

A、根据凸透镜的三条特殊光线可知，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，故A正确；

BD、根据凸透镜的三条特殊光线可知，通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，故BD错误；

C、根据凹透镜的三条特殊光线可知，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点．故C错误．

故选D．

【点评】此题考查透镜的光路图的画法，掌握凸透镜和凹透镜的三条特殊光线，解答此类题目就很简单．

3．如图所示的E，F，P，Q四点中，磁场最强的是（　　）

A．E点              B．F点              C．P点              D．Q点

【考点】磁场．

【分析】磁体具有两极性，任何磁体都具有两个磁极，磁北极N，磁南极S，磁体中磁极部分磁性最强，中间部分磁性最弱．

【解答】解：条形磁铁的两端是磁极，所以两端磁性最强，中间磁性最弱，故E点磁性最强．

故选A．

【点评】本题考查磁场的强弱，注意条形磁铁的两端磁性最强，中间磁性最弱．

4．如图所示的事例中，符合安全用电原则的是（　　）

A．

用湿布擦正在发光的日光灯              B．

有人触电时应立即切断电源

C．

在高压线附近玩耍              D．

电线接触或靠近高温物体

【考点】安全用电原则．

【分析】①不能用湿物体接触电器；

②当有人触电时，应先切断电源或用绝缘体把电线挑开；

③安全用电的原则是：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；

④电线靠近高温物体很容易使绝缘皮损坏，发生触电事故．

【解答】解：A、生活用水属于导体，用湿布擦正在发光的日光灯，很容易发生触电事故，故A错误；

B、有人触电时应立即切断电源，故B正确；

C、在高压线附近玩耍，很容易造成高压电弧触电或者高压跨步触电，故C错误；

D、电线接触或靠近高温物体，很容易损坏绝缘皮，发生触电事故，故D错误．

故选B．

【点评】本题主要考查学生对安全用电知识、触电的应急措施的了解与掌握，加强用电安全意识，学会自我保护．

5．忽略空气阻力，抛出后的小球在空中运动轨迹如图所示，抛出后的小球（　　）

A．受到惯性力的作用，继续向前运动

B．受到重力作用，运动状态发生改变

C．不受力，机械能不变

D．上升过程重力势能转化为动能

【考点】力的作用效果；惯性；机械能；动能和势能的转化与守恒．

【分析】（1）抛出的物体不再受到手的推力的作用，物体由于惯性要保持原来的运动状态．

（2）地面附近的物体受到重力的作用．

（3）物体的运动速度和运动方向的变化都属于运动状态的改变．

【解答】解：小球出手之前，和手一起运动，抛出的小球，不再受到手的推力，由于惯性保持原来的运动状态，继续前进．小球出手前后都受到重力作用，重力改变了小球的运动方向和速度，运动状态不断发生改变．

故选B．

【点评】（1）掌握抛出的物体不再受到手的作用，这个问题学生容易错误理解成还在受到手的作用．

（2）掌握物体由于惯性保持原来的运动状态．

（3）掌握地面附近的物体都受到重力作用．

（4）掌握物体运动状态的改变保持物体运动速度的变化和方向的变化．

6．下面关于天平的使用不正确的是（　　）

A．天乎放在水平台上，左盘放物体，右盘放砝码

B．在使用天平前，先把游码移到标尺的左端“0”刻度线处，调节平衡螺母使天平横梁平衡

C．在称量物体质量时，若指针不在分度盘的中央，可调节平衡螺母使横梁平衡

D．砝码要用镊子拿，不能用手拿

【考点】天平的使用．

【分析】天平的使用规则及注意事项是一个重点知识，包括放置天平、调节横梁平衡、调节横梁平衡前要将游码移到标尺左端的零刻度线处、左盘放物体，右盘放砝码、不要超过其量程、用镊子加减砝码等．

【解答】解：A、测量前将天平放在水平台上，左盘放物体，右盘放砝码，符合天平的使用规则．故A正确．

B、在使用天平前，必须将游码移到标尺左端的零刻度线处，调节平衡螺母使天平横梁平衡，符合天平的使用规则，故B正确．

C、在使用天平称量物体质量时，要通过加减砝码、移动游码的方法使横梁再次达到平衡，不可再调节平衡螺母．故C错误．

D、要用镊子加减砝码．不能用手直接拿．符合天平的使用规则．故D正确．

故选C．

【点评】在调节过程中和称量物体质量时都会出现指针偏转的现象，要认真区分这两个过程中接下来的操作，称量物体前与称量物体过程中天平横梁平衡的调节方法是不同的．

7．WiFi无线上网是当今使用最广的一种无线网络传输技术，实际上就是把有线网络信号转换成无线信号，供支持其技术的相关电脑、手机接收．WiFi无线上网利用了（　　）

A．红外线              B．紫外线              C．电磁波              D．超声波

【考点】电磁波的传播．

【分析】现代通信，如无线上网、手机通信等都是利用电磁波传递信息的；

【解答】解：据实际上就是把有线网络信号转换成无线信号可知，WiFi利用了电磁波进行信息传输；

故选C．

【点评】电磁波可以在真空中传播，无线通信、网络通信都是利用电磁波传递信息的．本题是一道基础题．

8．小亮初次使用录音机录制了自己的歌声，他感到磁带放出的声音，不像自己的声音（　　）

A．磁带肯定错了

B．录音效果不好

C．自己听到声音的响度不同

D．听自己的声音主要是骨骼、肌肉传声，与通过空气传声的磁带声音的音色不同

【考点】音色；骨传声及骨传导的原理．

【分析】我们平时听到的声音有两个传播途径：①通过空气传播；②通过骨传导．相同声音在不同的介质中传播时音色会发生变化．

【解答】解：用录音机把自己唱歌的声音录下来后，再播放出来觉得不象自己的声音，主要是因为：平常听自己的声音，依靠的主要传播途径是肌体、骨骼，听录音机声音依靠空气传播；虽然自己的音色没变，但在不同的介质中传播时，音色发生了变化．

故选D．

【点评】该题考查了人耳听到声音的不同传播过程，要分清空气传导和骨传导．

9．如图所示的各电路中，闭合开关后两只灯泡属于并联的是（　　）

A．              B．              C．              D．

【考点】串联电路和并联电路的辨别．

【分析】串联电路电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极；并联电路电流有多条路径，分别经过各用电器从电源正极回到负极．

【解答】解：ABC、开关闭合后，灯泡L1、L2顺次连接，因此该电路为串联电路；

C、开关闭合后，灯泡L1、L2并列连接，因此该电路为并联电路．

故选C．

【点评】本题考查了串联和并联的概念．把几个用电器首尾相接，连入电路就是串联．把几个用电器首首相接，尾尾相接，再连入电路，就是并联．

10．从显像管尾部的热灯丝发射出来的电子，高速撞击到电视机荧光屏上，使荧光屏发光，则在显像管内（　　）

A．电流方向从灯丝到荧屏

B．显像管内是真空，无法通过电流

C．电流方向从荧屏到灯丝

D．电视机使用的是交流电，显像管中的电流方向不断改变

【考点】电流的方向．

【分析】规定电流方向与正电荷定向移动的方向相同，与负电荷定向移动的方向相反．

【解答】解：由题意可知电子的移动方向为从灯丝到荧屏，因为电流的方向与负电荷定向移动的方向相反，所以电流方向为从荧屏到灯丝．

故选C．

【点评】本题考查了显像管中的电流的方向．注意电流方向与正电荷定向移动的方向相同，与负电荷定向移动的方向相反；而电子带负电，因此电子定向移动的方向与电流的方向是相反的．

11．如图为某饲养场牲畜自动饮水器．以下分析错误的是（　　）

A．储水箱与饮水杯A、B、C组成连通器

B．控制进水的自动装置应用了杠杆平衡条件

C．静止时浮子受到平衡力的作用

D．静止时水对三个饮水杯底部压强的关系是：PA＜PB＜PC

【考点】液体的压强的计算；平衡力的辨别；杠杆的平衡条件；连通器原理．

【分析】A、上端开口、底部相连通的容器叫连通器，据此判断；

B、一根硬棒，在力的作用下可以能绕固定点转动，我们就把这根硬棒叫杠杆，据此判断；

C、浮子静止，处于平衡状态，受到的力为平衡力；

D、该装置为连通器，当水静止不流动时，三个饮水杯内水深相同，根据液体压强公式分析水对三个饮水杯底部压强的关系．

【解答】解：如图自动饮水器为连通器，故A正确；

当水静止不流动时，三个饮水杯内水深h相同，

∵p=ρgh，

∴水对三个饮水杯底部压强的关系：

PA=PB=PC，故D错；

控制进水的自动装置，运用了杠杆知识，应用了杠杆的平衡条件，故B正确；

当浮子静止时，浮子受到的重力和浮力为一对平衡力，故C正确．

故选D．

【点评】此题考查了连通器原理、杠杆的平衡条件、液体压强的特点、力的平衡，贴近生活实际，便于激发学生探究物理现象的兴趣，也体现了新课标的要求，属于中考常见题型．

12．如图所示的装置中，均匀木棒AB的A端固定在铰链上，悬线一端绕过某定滑轮，另一端套在木棒上使木棒保持水平，现使线套逐渐向右移动，但始终保持木棒水平，则悬线上的拉力（棒和悬线均足够长）（　　）

A．逐渐变小              B．逐渐变大

C．先逐渐变大，后又变小              D．先逐渐变小，后又变大

【考点】杠杆的平衡分析法及其应用．

【分析】由图知，阻力乘以阻力臂是相等的，动力的大小变化要从动力臂的大小变化上得出，所以要画出几条典型的情况下的力臂加以分析得出结论．

【解答】解：如图所示，G表示杆AB的自重，LOA表示杆的重心到A端的距离，T表示悬线拉力的大小，L表示作用于杆AB上的悬线拉力对A点的力臂．

把AB视为一根可绕A端转动的杠杆，则由杠杆的平衡条件应有：G×LOA=T×L，

由此得：当线套在杆上逐渐向右移动时，拉力T的动力L（L1、L2、L3、L4）经历了先逐渐变大后又逐渐变小的过程，故悬线的拉力T则是逐渐变小后逐渐变大．

故选D．

【点评】当阻力和阻力臂的乘积一定时，分析省力情况就要看动力臂的大小变化，所以本题画出图中动力臂是解决本题的关键

二、填空题

13．如图所示，给直导线通电时，其下方的小磁针发生偏转，这说明　通电导体周围存在磁场　；改变直导线中电流方向，小磁针偏转方向　改变　（选填“改变”或“不变”）．

【考点】通电直导线周围的磁场．

【分析】奥斯特实验证明了电流的磁效应，即通电导体周围存在磁场，且磁场的方向与电流的方向有关．

【解答】解：在如图所示的实验中，给直导线通电时，其下方的小磁针发生偏转，这说明通电导体周围存在磁场；

改变直导线中电流方向，小磁针偏转方向改变，说明磁场的方向与电流的方向有关．

故答案为：通电导体周围存在磁场；改变．

【点评】了解奥斯特实验的简单装置与实验过程，并知道所产生磁场的方向与电流的方向有关系．

14．“中国好歌曲”比赛现场，歌手弹奏吉他时不断用手指去控制琴弦长度，这样做的目的是为了改变声音的　音调　；现场观众会将手机调成静音状态，目的是为了在　声源处　减弱噪声．

【考点】频率及音调的关系；防治噪声的途径．

【分析】（1）声音是有物体振动产生的，音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高；

（2）减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱．

【解答】解：（1）弹奏电吉他时不断用手指去控制琴弦长度，这样做的目的是为了改变琴弦的振动快慢，即改变声音的音调，

（2）观众在听音乐时都要把手机关机或把铃声调成振动是在声源处减弱噪声．

故答案为：音调；声源处．

【点评】本题考查声音的三要素以及防止噪声的途径，解决此类问题要结合声音的产生和传播进行分析解答．

15．低碳生活正在广元兴起，据有关研究表明，在保证生活需要的前提下，每人每年少买一件衣物，可节约2.6kg的标准煤（相当减排CO26.5kg），若2.6kg的标准煤完全燃烧则可生产　7.8×107　J的热量（煤的热值为3.0×107J/kg），煤是　不可再生　能源（选填“可再生”或“不可再生”）．

【考点】热量的计算．

【分析】（1）利用燃料完全燃烧的放热公式Q放=mq计算；

（2）煤是动植物体经过漫长的地质年代形成的，是短期内不能从自然界得到补充的，是不可再生能源．

【解答】解：（1）煤的质量m=2.6kg，

这些标准煤完全燃烧放出的热量：

Q放=qm=3.0×107J/kg×2.6kg=7.8×107J；

（2）煤属于化石能源，一旦消耗很难再生的能源，是不可再生能源．

故答案为：7.8×107；不可再生．

【点评】本题是一道综合题，综合考查了能源分类、热量的计算，涉及到生活中的燃烧、新的低碳生活习惯，好题型．

16．通电线圈附近的小磁针静止时N极指向如图所示，则电源A端为　负　极；利用通电线圈在磁场中受力转动可制成　电动机　（选填“发电机”或“电动机”）．

【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断；直流电动机的原理．

【分析】已知小磁针的磁极，根据磁极间的相互作用，可判断出通电螺线管的磁极，再由右手螺旋定则来得出电源的正负极；

通电线圈在磁场中受力转动，电动机是利用这个原理制成，

【解答】解：由图知：小磁针的磁极为：左S、右N，那么根据磁极间的相互作用，可知螺线管的磁极为：左N、右S；根据安培定则，用右手握住螺线管，大拇指指向螺线管的N极，其余四指环绕的方向为电流的方向，则电源的B端为正极，A端为负极．

电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，工作时，消耗电能转化为机械能．

故答案为：负；电动机．

【点评】本题考查了电动机的工作原理及磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则．利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法．

17．小萱常用手给奶奶搓背和用热水给奶奶泡脚，都能使奶奶的身体感到暖和．搓背是通过　做功　的方式改变内能的，泡脚是通过　热传递　的方式改变内能的．

【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能．

【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递．做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，热传递有传导、对流和辐射三种方式．

【解答】解：

搓背使身体感到暖和，是摩擦生热，属于做功改变身体内能；泡脚使身体感到暖和，是通过热传递改变身体的内能；这两种方法对改变物体的内能效果是等效的．

故答案为：做功；热传递．

【点评】本题考查了改变物体内能有两种方式：做功和热传递．摩擦生热是机械能转化为内能．

18．学校升旗仪式上，当升旗手缓缓向下拉绳子时，旗子就会徐徐上升．这是由于旗杆顶部有一个　定　滑轮，它虽然不能省力，但能够改变　力的方向　．国旗匀速上升过程中国旗的　重力势能　（动能/重力势能）会逐渐增大．

【考点】定滑轮及其工作特点；动能和势能的大小变化．

【分析】要解答本题需掌握：

（1）定滑轮实质上是一等臂杠杆，使用定滑轮不省力但能改变力的方向；

（2）重力势能与物体的质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能就越大；动能与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越快，动能就越大．

【解答】解：（1）国旗杆上的滑轮为定滑轮，所以利用它来升国旗，可以改变改变施加力的方向；

（2）国旗匀速上升过程中，高度增大，国旗的重力势能逐渐增大；速度不变，动能不变．

故答案为：定；力的方向；重力势能．

【点评】解决此类问题要结合定滑轮的特点及重力势能和动能的影响因素进行分析，属于力学基础知识的考查．

19．如图甲用夹子所示夹住物品的情况．当用其夹住物品时，它是　费力　杠杆；如图乙，在钓鱼时候，选择　下面　（上面/下面）一只手作为支点，更符合我们的生活实际情况．

【考点】杠杆的分类．

【分析】（1）确定属于杠杆中的哪一类，先要确定杠杆中的支点，然后找出哪个是动力，哪个是阻力，再画出力臂，并比较动力臂和阻力臂的大小关系；如果动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆；如果动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆；如果动力臂等于阻力臂，则是等臂杠杆．

（2）在钓鱼时候，以下面的手为支点，左手向上用力．

【解答】解：

（1）夹子夹住物品时，钢圈产生的力是动力，被夹物体产生的力是阻力，夹子的转轴处是支点，阻力臂大于动力臂，所以是费力杠杆．

（2）在钓鱼时候，以下面的手为支点，左手向上用力，更符合我们的生活实际情况．

故答案为：费力；下面．

【点评】从日常生活用品中分辨使用的杠杆属于哪一种类型是一种很常见的题型；对于这一类题来说，重点是找出这些日用品中杠杆的“五要素”，即动力、动力臂、阻力、阻力臂、支点，从而根据杠杆分类的依据，判断出这些日用品中应用的杠杆属于哪一种类型．

20．如图所示，电源电压为6V，滑动变阻器R′的最大阻值为30Ω，当滑动变阻器R′的滑片P在最右端时，电压表的示数为1.5V，则小灯泡L的电阻是　10　Ω．当滑动变阻器的滑片P移到a点时，电压表的示数为Ua，滑动变阻器的功率为Pa；再移动滑片P到b点时，电压表的示数为Ub，滑动变阻器的功率为Pb．若Ua：Ub，=2：3，Pa：Pb=8：9，则滑动变阻器的滑片p在a、b两点时连入电路的电阻变化了　10　Ω（不计灯丝电阻随温度的变化）．

【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电阻的串联；电功率的计算．

【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压．

（1）滑片位于最右端时，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律分别表示出电路中的电流，利用串联电路的电流特点建立等式即可求出灯泡的电阻；

（2）根据欧姆定律表示出两种情况下电压表的示数结合电压关系即可求出两种情况下的电流之比，根据P=I2R结合滑动变阻器消耗的电功率关系即可求出滑动变阻器接入电路电阻的关系，利用电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，根据电源的电压不变和接入电路中的电阻关系即可求出滑动变阻器接入电路中的电阻值，进一步求出滑片P在a、b两点时连入电路电阻的变化量．

【解答】解：灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压；

（1）当滑动变阻器的滑片P最右端时，

∵串联电路中总电压等于各分电压之和，

∴滑动变阻器两端的电压：

U滑=U﹣UL=6V﹣1.5V=4.5V，

∵串联电路中各处的电流相等，

∴根据欧姆定律可得：

=，即=，

解得：RL=10Ω；

（2）∵Ua：Ub=2：3，

∴===

∵P=I2R，且Pa：Pb=8：9

∴==（）2×=（）2×=

解得：Ra=2Rb，

∵电源的电压不变，

∴===，

解得：Rb=10Ω，Ra=2Rb=2×10Ω=20Ω，

∴滑动变阻器的滑片P在a、b两点时连入电路的电阻变化了Ra﹣Rb=20Ω﹣10Ω=10Ω．

故答案为：10；10．

【点评】本题考查了电路的动态分析和串联电路特点以及欧姆定律的应用、电功率公式的灵活运用，这是我们在平时的解题当中应该加强的； 同时，本题多为对比值的求解，要求我们对电路的分析、公式的运用都要相当熟练，而且一定要保证各个物理量的对应性，是一道很有挑战性的题目．

三、作图、实验探究题（共24分）

21．根据平面镜成像特点，在图中作出物体AB在平面镜MN中所成的像A′B′．

【考点】平面镜成像的相关作图．

【分析】平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像．

【解答】解：分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中的像．如图：

【点评】平面镜成像作图的方法有两种：一种是根据平面镜成像的特点来作，另一种是根据光的反射定律来作，没有特殊要求的情况下，根据平面镜成像特点作图要简洁、容易．

22．如图所示，使用羊角锤拔钉子，动力作用在锤柄上A点．请作出拔钉子时所用最小动力F的示意图和它的动力臂L1．

【考点】力的示意图；力臂的画法；杠杆中最小力的问题．

【分析】由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力．连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小．

【解答】解：力臂越长越省力，最长的力臂即支点与作用点的连线，然后根据力臂的画法作出垂直于力臂的作用力即可．

故答案为：

【点评】求最小的力是常见的题型，关键是要找到离支点最远的点从而做出最长的力臂．

23．如图是“探究平面镜成像特点”的情景：竖立的透明玻璃板下方放一把直尺，直尺与玻璃板垂直；两支相同的蜡烛A、B竖立于玻璃板两侧的直尺上，以A蜡烛为成像物体．

（1）实验时应该　较薄　（较厚/较薄）的透明玻璃板代替平面镜，虽然玻璃板成像不如平面镜清晰，但是用透明玻璃板代替平面镜有一个好处，这个好处是　便于确定像的位置　．

（2）为便于观察，该实验最好在　较黑暗　（选填“较明亮”或“较黑暗”）环境中进行，在蜡烛A所在的一侧透过玻璃板观察到另一侧蜡烛A的像，并移动玻璃板后面的蜡烛B，使它与蜡烛A的像重合后，看上去蜡烛B也被点燃，以此可以确定蜡烛A所成像的位置．

（3）若用光屏代替蜡烛B，在玻璃板后面观察光屏，将　不能　（选填“能”或“不能”）观察到蜡烛A的像，说明所成的像是　虚　像（选填“虚”或“实”）．

（4）丽丽同学在移动玻璃板后面的蜡烛B时，发现前面点燃的蜡烛的像总在蜡烛B的上方偏高处，蜡烛B与蜡烛A的像无法重合，造成该现象的原因是　玻璃板没有垂直桌面放置　．

【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．

【分析】（1）①玻璃板有两个反射面，两个反射面都能成像．当玻璃板比较厚时，两个反射面成像距离比较远，实验时会出现明显的两个像，使实验比较复杂；当玻璃板比较薄时，两个反射面成像距离比较近，可以近似看成一个像，使实验简单化．

②实验中用透明的玻璃板代替平面镜，是为了便于确定像的位置；

（2）物体射出的光线对人眼刺激越强，人眼感觉物体越亮，物体经过平面镜反射，反射光线进入人眼的光线越多，人眼感到物体的像越亮．在比较亮的环境中，很多物体射出光都对眼睛有刺激，干扰人的视线．

（3）实像和虚像的重要区别是实像能用光屏上承接，虚像不能在光屏上承接．

（4）当透明的玻璃板和水平桌面不垂直时，蜡烛的像偏向水平桌面的上方，镜后蜡烛和镜前蜡烛的像不能完全重合．

【解答】解：（1）①当玻璃板比较厚时，两个反射面成像距离比较远，实验时会出现明显的两个像，因此，实验时应选较薄的透明玻璃板代替平面镜；

②虽然玻璃板成像不如平面镜清晰，但是用透明玻璃板代替平面镜有一个好处，这个好处是便于确定像的位置；

（2）在比较明亮的环境中，很多物体都在射出光线，干扰人的视线，在较黑暗的环境中，蜡烛是最亮的，蜡烛射向平面镜的光线最多，反射光线最多，进入人眼的光线最多，感觉蜡烛的像最亮．所以应选择比较黑暗的环境中进行实验．

（3）若用光屏代替蜡烛B，在玻璃板后面观察光屏，将不能观察到蜡烛A的像，说明所成的像是虚像．

（4）平面镜所成的像和物体关于平面镜对称，如果玻璃板没有放正，蜡烛的像与蜡烛不在同一水平面上，所以蜡烛成的像不与蜡烛重合，实验中发现前面点燃的蜡烛的像总在未点燃蜡烛的上方偏高处，造成该现象的原因是玻璃板向点燃的蜡烛方向倾斜．

故答案为：（1）较薄；便于确定像的位置；（2）较黑暗；（3）不能；虚；（4）玻璃板没有垂直桌面放置．

【点评】本题考查学生实际动手操作实验的能力，并能对实验中出现的问题正确分析，探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的．

24．用如图所示装置探究冰和烛蜡熔化时温度的变化规律．请回答下列问题：

（1）在图（b）中不是对试管直接加热，而是将装有烛蜡的试管放入水中加热，这样加热是为了使固体粉末受热　均匀　（选填“均匀”或“不均匀”）．

（2）图（c）是小明在某个时刻所观察到的温度计的示数，此时所测的温度是　﹣6　℃．

（3）实验中用秒表测量时间，图（d）是某一时刻秒表表示的时间，则秒表的读数是　398.5　s．

（4）小华根据所测数据画了一个温度随加热时间变化的图象（假设在加热过程中物质的质量不变，单位时间内吸收的热量相同）．由图象可知这种物质是　冰　（选填“冰”或“烛蜡”）．

（5）在CD段时，此物质处于　液　（选填“固”、“液”或“固液共存”）态．

（6）实验时收集多组数据是为了　①　（填序号）．

①得到可靠的结论        ②减小实验误差．

【考点】熔化和凝固的探究实验．

【分析】（1）探究晶体和非晶体的熔化和凝固实验时，一般都采用水浴法，物体的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度；

（2）首先看清温度计的分度值，然后再读数；

（3）秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和．

（4）晶体和非晶体的重要区别：晶体有一定的熔点，非晶体没有一定的熔点．

（5）晶体熔化前吸热温度上升，处于固态；熔化过程中吸热，温度不变，处于固液共存状态；熔化后，温度上升，处于液态．

（6）实验中需要多次实验，但是不同性质的实验多次的含义不同．

【解答】解：（1）将装有烛蜡的试管放入水中加热，这是水浴法，采用水浴法，固体的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度；

（2）由图可知，温度计的分度值为0.1℃，则此时所测的温度是﹣6℃；

（3）由图所示可知，分针示数为6min=360s，秒针示数为38.5s，秒表读数为360s+38.5s=398.5s．

（4）由图象可知，该物质熔化时，吸收热量温度保持不变，该物质是晶体，冰和烛蜡中，冰是晶体，蜡烛是非晶体，因此由图象可知这是冰的熔化图象．

（5）由图象可知，CD段已经熔化完毕，温度上升，处于液态．

（6）在此实验中，收集多组数据是为了得到可靠的结论．

故答案为：（1）均匀；（2）﹣6；（3）398.5；（4）冰；（5）液；（6）①．

【点评】此题是探究固体熔化时温度的变化规律，考查了水浴法对加热固体的好处，温度计的读数，秒表的读数等，同时考查了分析图象从中获取信息的能力．

25．某同学做“测量小灯泡电功率”实验中，所用电源电压恒为4V，小灯泡的螺旋套上标有“2.5V”．

（1）在检查仪器时，发现电流表的指针如图1所示，则他接下来的操作是　电流表调零　．

（2）请你根据图2电路图用笔画线代替导线，将图3中未完成的电路连接好．要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，连入电路的阻值变小，导线不能交叉．

（3）检查仪器和电路无误后，闭合开关，调节调动变阻器片到某一位置时，电压表示数如图4所示，现要测定小灯泡的额定功率，应将滑片适当地向　左　（选填“左”或“右”）移动，同时眼睛应观察　电压表　．

（4）改变滑动变阻器的阻值，多次测量通过小灯泡的电流和它两端的电压，根据记录的数据画出了如图5所示的小灯泡的电流随电压变化的关系图象．由此可知，小灯泡的额定功率为　0.625　W，小灯泡线形电阻随电压的增大而　增大　（选填“增大”、“不变”或“减小”）．

（5）完成了上述实验后，小亮进一步探究通电直导线周围的磁场分布情况，找来小磁针、铁屑、硬纸板等，做了如图6所示的实验，发现了直导线周围的磁场是以导线为圆心的同心圆圈，并找到了判断直导线周围磁场的方法：“用右手握住直导线．让大拇指指向直导线中电流的方向，则弯曲的四指所指方向为磁场方向．”请你用小亮的方法判断如图7中小磁针北极转向　纸外　．图8中小磁针北极转向　纸内　（两空均选填“纸内”或“纸外”）．

【考点】电功率的测量．

【分析】（1）在检查仪表时，首先应看电表的指针是否指零，若不指零，即需要调零；

（2）从电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，滑动变阻器滑片向右移动时电流表的示数变大说明接入电路中的电阻变小，即滑动变阻器的右下方接线柱必须接入电路中；

（3）电压表读数：先确定使用的量程，然后确定分度值．通过实际电压与额定电压的关系，判断实际功率与额定功率的关系．当实际电压大于额定电压时，滑动变阻器接入电路中的阻值需增大．

（4）灯泡在额定电压下的功率即为额定功率，所以据图象读出2.5V时的电流，而后据公式P=UI可计算出额定功率；再据电阻的电压和电流的关系图象，结合欧姆定律可以得出电阻的随着电压的变化关系．

（5）先根据安培定则判断出通电导体下方磁场的方向以及导线内部磁场的方向，然后根据小磁针静止时，北极的指向为磁场方向可知小磁针N极的指向．

【解答】解：（1）由图示电流表可知，电流表指针没有指零，在使用前要对电流表调零．

（2）滑动变阻器的滑片向右移动时，连入电路的阻值变小，滑动变阻器应接右下接线柱，把灯泡与滑动变阻器串联接入电路，电路图如图所示：

（3）电压表选择0～3V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压为2.6V，电压表示数大于灯泡额定电压2.5V，

为了使灯泡正常发光，滑动变阻器分得的电压需增大，因此滑片需向左端移动，同时观察电压表示数，使电压表示数为2.5V；

（4）由图示图象可知，灯泡额定电压2.5V对应的电流是0.25A，灯泡额定功率：P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；

由图示图象可知，随电压增大，灯泡电压与电流表的比值增大，灯泡电阻增大；灯丝电阻发生变化的本质是金属导体的电阻随温度升高而增大．

（5）伸出右手，大拇指指向电流的方向，四指的方向为磁场的方向，故导体正下方磁场方向向外，即小磁针静止时N极的指向为纸外；

伸出右手，四指指向电流的方向，大拇指指向磁场的方向，故导体内部磁场方向向里，即小磁针静止时N极的指向为纸内．

故答案为：（1）电流表调零；（2）电路图如图所示；（3）左；电压表；（4）0.625；增大；（5）纸外；纸内．

【点评】本题考查了用伏安法测灯泡电功率的实验中滑动变阻器的正确使用方法、实物图的连接、电压表的读数、功率的计算；由图示图象求出灯泡额定电压对应的电流，然后由P=UI求出灯泡额定功率．

四、综合应用题（共24分）

26．一辆质量为1.5t的小货车，载有质量为1.0t的货物，四个车轮与地面接触的总面积为0.1m2，小货车在平直公路匀速行驶1km，所用时间为50s，小货车受到摩擦阻力为车重的0.1倍．（g取10N/kg）．在这段时间内，求：

（1）小货车受牵引力的大小；

（2）小货车对地面的压强；

（3）牵引力做功的功率．

【考点】压强的大小及其计算；功率的计算．

【分析】（1）因为小贷车沿平直公路匀速行驶，所以小贷车受到的阻力和牵引力是一对平衡力，根据二力平衡的特点可知牵引力的大小．

（2）小货车对地面的压力等于小货车和货物的总重力；受力面积是四个车轮与地面接触面积；根据压强公式P=可求出小货车对地面的压强；

（3）牵引力做的功就等于牵引力与车在牵引力作用下通过的距离的乘积；功率就是在所用的单位时间内所完成的功．

【解答】解：

（1）

小货车和货物的重力G总=G1+G2=m1g+m2g=1.5×103kg×10N/kg+1.0×103kg×10N/kg=2.5×104N；

牵引力为F牵=f=0.1G总=0.1×2.5×104N=2.5×103N；

（2）

小货车对地面的压力为F压=G总=2.5×104N；

小货车对地面的压强：P===2.5×105Pa；

（3）

牵引力做的功：W=F牵S=2.5×103N×1000m=2.5×106J；

牵引力的功率：P===5.0×104W．

答：

（1）小货车的牵引力为2.5×103N；

（2）小货车对地面的压强2.5×105Pa；

（3）牵引力的功率是5.0×104W．

【点评】在计算牵引力做功多少时，一定明确牵引力的作用﹣﹣克服重力还是摩擦力，如果是克服摩擦力，牵引力的大小与物重没有直接的关系．

27．随着城市化建设的发展，许多家庭都住进了高楼大厦，小曦家住进新楼后，为了淋浴的方便，购置了一款某型号的电热水器（其铭牌见下表），安装在卫生间的墙上，小曦在使用过程中发现：

（1）注满水的电热水器，在额定电压下连续加热40min，热水器上的温度示数由22℃上升到46.2℃，已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），水的密度为1.0×103kg/m3，求：

①此过程中水吸收的热量是多少？②此过程中电热水器的热效率．

（2）该热水器在某时间段使用时，20min内产生的热量为2.4×106J，求通过电热水器的电流和它工作的实际电压．

【考点】电功与热量的综合计算．

【分析】（1）①注满水时水的体积和容积相等，根据m=ρV求出水的质量，根据Q吸=cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；

②根据W=Pt求出热水器消耗的电能，根据η=×100%求出此过程中电热水器的热效率；

（2）根据P=求出电热水器的电阻，根据Q=I2Rt求出通过电热水器的电流，根据欧姆定律求出工作的实际电压．

【解答】解：（1）①水的体积：V=50dm3=0.05m3，

由ρ=可得，水的质量：

m=ρV=1.0×103kg/m3×0.05m3=50kg，

则水吸收的热量：

Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（46.2℃﹣22℃）=5.082×106J；

②由P=可得，消耗的电能：

W=Pt′=2420W×40×60s=5.808×106J，

此过程中电热水器的热效率：

η=×100%=×100%=87.5%；

（2）由P=可得，电热水器的电阻：

R===20Ω，

由Q=I2Rt可得，通过电热水器的电流：

I===10A，

由I=可得，工作的实际电压：U实=IR=10A×20Ω=200V．

答：（1）①此过程中水吸收的热量是5.082×106J；②此过程中电热水器的热效率为87.5%；

（2）通过电热水器的电流为10A，它工作的实际电压为200V．

【点评】本题考查了密度公式、吸热公式、电功公式、效率公式、电功率公式、焦耳定律和欧姆定律的应用，涉及到的知识点较多，综合性强，计算过程要注意单位的换算．

28．（10分）（2016•柳州二模）一块冰内含有一小石块，将它们放在盛有质量为1kg水的圆柱形容器中恰好悬浮．（如图甲所示）．此时圆柱形容器内的水面升高了4.6cm，当冰块全部熔化后，容器底部所受水的压强改变了44pa，（如图乙所示）设圆柱形容器内横截面积为50cm2（g取10N/kg，ρ冰=0.9×103kg/m3，ρ水=1.0×103kg/m3求：

（1）含有石块的冰块悬浮时，水对容器底的压强？

（2）石块的体积是多少？

（3）石块的密度是多少？

【考点】液体的压强的计算；密度的计算；阿基米德原理．

【分析】（1）根据容器中原有水的质量，利用体积公式可求出原来水的深度，已知放入含石块的冰块后容器内的水面升高了4.6cm，可以求出冰块悬浮时水的深度，根据液体压强公式求出此时水对容器底的压强．

（2）根据冰熔化为水时，质量保持不变，但体积减小，以体积的减少量作为等量关系，可列出方程，即可求出整个冰块中冰的质量和体积；根据V总=S△h（△h为水面上升高度）求出整个冰块的体积，然后用总体积减去冰的体积即为石块的体积；

（3）利用物体的悬浮条件F浮=ρ水gV排=G总求出整个冰块的总重力、总质量，用总质量减去冰的质量，即为石块的质量，再用密度公式即可求出石块的密度．

【解答】解：（1）根据ρ=可得，容器中水的体积：

V水===1000cm3；

原来容器中水的深度：h1===20cm；

已知放入含石块的冰块后容器内的水面升高了4.6cm，

所以甲图中水的深度：h2=h1+△h=20cm+4.6cm=24.6cm=0.246m；

含有石块的冰块悬浮时，水对容器底的压强：

p=ρ水gh2=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.246m=2460pa．

（2）根据△p=ρ水g△h可得，当冰全部熔化后水面下降的高度：

△h′===4.4×10﹣3m=0.44cm；

水面下降的体积：△V=S△h′=50cm2×0.44cm=22cm3；

由题意得，冰的体积减去冰熔化成水后的体积，就是水面下降的体积，

即：V冰﹣V冰化水=△V  ①

冰熔化成水质量不变，根据体积公式①式可写为：

﹣=△V，代入数据有：﹣=22cm3；

解得：m冰=198g，

则冰的体积：V冰===220cm3；

根据“放入含石块的冰块后容器内的水面升高了4.6cm且整个冰块悬浮”可知，

冰和石块的总体积：V总=S△h=50cm2×4.6cm=230cm3；

所以石块的体积：V石=V总﹣V冰=230cm3﹣220cm3=10cm3．

（3）甲图中，整个冰块悬浮在水中，根据阿基米德原理和悬浮条件有：ρ水gV排=m总g，

所以冰和石块的总质量：m总=ρ水V排=ρ水V总=1g/cm3×230cm3=230g；

则石块的质量：m石=m总﹣m冰=230g﹣198g=32g；

所以石块的密度：ρ石===3.2g/cm3=3.2×103kg/m3．

答：（1）含有石块的冰块悬浮时，水对容器底的压强为2460pa；

（2）石块的体积是10cm3；

（3）石块的密度是3.2×103kg/m3．

【点评】本题主要考查学生对密度公式、液体压强公式、物体悬浮条件、阿基米德原理等知识的掌握和运用，计算时注意统一单位，本题的难点在于理解液面高度变化的原因和找到隐含条件．